Fundamentos de Termodinamica Tecnica I M J Moran H N Shapiro
Fundamentos de Termodinamica Tecnica I M J Moran H N Shapiro
Fundamentos de Termodinamica Tecnica I M J Moran H N Shapiro
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FACTORES DE CONVERSIÓN
1
Fundamentos de
;
TERMODINAMICA
;
TECNICA
Primer tomo
M.J. MORAN H.N. SHAPIRO
Funda1nentos de
#
TERMODINAMICA
#
TECNICA
Prin er ton1o
Equipo de traducción:
Jesús Guallar
..Miguel Ángel Lozano
José María Marín
José Antonio
Thrégano María
Carmen Velasco
Coordinador: José Antonio Thrégano
Propiedad de:
EDITORIAL REVERTÉ, S.A.
Loreto, 13-15, Local
B 08029 Barcelona
Reservados todos los derechos. La reproducción total o parcial de esta obra, por cual
quier medio o procedimiento , comprendidos la reprografía y el tratamiento informático,
y la distribución de ejemplares de ella mediante alquiler o préstamo públicos , queda ri
gurosamente prohibida, sin la autorización escrita de los titulares del copyright, bajo las
sanciones establecidas por las leyes.
Edición en español
En esta segunda edición hemos mantenido los objetivos básicos de la primera: presentar
un tratamiento completo y riguroso de la Termodinámica técnica desde el punto de vista
clásico a fin de proporcionar a los estudiantes una base firme para cursos posteriores de
Mecánica de fluidos y Transferencia de calor y prepararlos para usar la Termodinámica
en la práctica profesional. Este libro contiene material suficiente para un curso de
introducción y para un curso posterior que trate fundamentalmente las aplicaciones. Se
suponen conocimientos de Física elemental y Cálculo. La organización del texto y la
presentación de esta edi ión son iguales a las de la primera edición.
Características nuevas
• Más de 230 nuevos problemas de fmal de capítulo que hacen un total de más de
1300 problemas.
• Más de 100 problemas de diseño y de final abierto incluidos bajo cabecera aparte
cerrando cada capítulo.
• Material nuevo sobre la Escala de Temperatura Internacional y refrigerantes.
• Un segundo color usado de forma funcional y generalizada para resaltar aspectos
especiales de la presentación.
• Un programa informático interactivo diseñado para reforzar los conceptos impor
tantes y para mejorar la habilidad de los alumnos para resolver problemas.
• Tablas, figuras y diagramas del apéndice disponibles en un cuadernillo separado
para que pueda ser usado durante los exámenes.
1
La traducción recoge unas dos terceras partes de este número pues se han eliminado la mayoría de
Jos
formulados en unidades inglesas, muchas veces reiterativos de los referidos al SI.
V
VI Prólogo
Por otra parte, y para responder a la creciente demanda tanto académica como indus
trial de que en los planes de estudio de ingeniería se ponga un mayor énfasís en los
aspec tos de diseño, proporcionarnos un conjunto especial de problem as al final de
cada capítulo. Estos problemas de diseño y de final abierto están concebidos como
breves experiencias de diseño que proporcionan a los estudiantes la oportunidad de
desarrollar su creatividad y criterio técnico, formular las líneas generales del
proyecto, aplicar restricciones realistas y considerar alternativas. A causa de los
concocimientos limitados de los alumnos, en los primeros capítulos estos problemas se
orientan más al tipo de final abierto que al diseño de sistemas. Aunque hacen referencia
principalmente a los temas tratados en el texto, puede ser necesario obtener
información de otras fuentes para alcan zar una solución. Los profesores pueden elegir
entre reducir los objetivos del problema para que cada alumno obtenga una solución
individual , con relativamente poco esfuerzo, o ampliarlos para que un grupo de
alumnos realice un proyecto de equipo. Una caracte rística importante de los problemas
de diseño y de final abierto es que al exigir muchos de ellos que los resultados se
presenten en forma de memorandum s, informes, esquemas y gráficas mejoran la
capacidad de comunicación del alumno.
El texto principal de esta edición es fundamentalmente el mismo que el de la primera.
•.
Sin embargo, se añade material en dos áreas: en el apartado 5.5 se incluye la nueva
escala
de temperatura ITS-90, y en el apartado 10.3 se amplía la discusión sobre refrigerantes
para considerar la descomposición del ozono por los hidrocarburo s halogenados como
el Rl2. En esta segunda ydición además de los datos termodinámicos del refrigerante
R12 se dan también los del Rl34a, que no contiene halógenos. Los nuevos datos se
usan en muchos problemas de final de capítulo. Finalmente, en esta edición se usa un
color para resaltar aspectos esenciales de la presentación y para darle una apariencia
más agradable.
y de final abierto sólo se incluyen breves discusiones y/o referencias bibliográficas para
ayudar al profesor a orientar a los estudiantes en la obtención de su resultado individual.
El manual del profesor contiene además ejemplos de programación de la asignatura de
Termodinámica para ingenieros, para secuencias de dos cursos o bien de uno solo, tanto
semestrales como cuatrimestrales, y una relación de los programas de ordenador disponi
bles para introducir el ordenador en la enseñanza de la Termodinámica.
2
En la traducción se ha orientado el uso de modo preponderante al SI.
VIII Prólog
o
ción del concepto de energía mientras aprenden en el Capítulo 3 las relaciones entre
propiedade s y datos. Usando el factor de compresibilidad como punto de partid a, intro
ducimos los datos y relaciones entre propiedades para el gas ideal en el Capítulo 3, y
continuamos con la discusión de las tablas de vapor. Esta organización de los temas pone
de manifiesto a los estudiantes, generalmente por primera vez, las limitaciones del mode
lo del gas ideal.
Los principios de conservación de la masa y la energía se extienden a los volúmenes
ie control en el Capítulo 4. El énfasis primordial se pone en los casos en que se
supone rlujo unidimensional, pero también se presentan los balances de masa y energía
en formas integradas que permiten enlazar con temas que se tratarán en cursos
posteriores de Mecánica de fluidos y Transferencia de calor. Los volúmenes de
control se tratan en estado estacionario, pero también se discuten a fondo los casos
transitorios. Tanto si los problemas son de carácter transitorio o estacionario,los
modelos termodinámicos corres pondientes se deducen a partir de las expresiones
generales de los principios de conser vación de la masa y la energía.
El texto se ha escrito para permitir flexibilidad en el uso de las unidades. Puede ser
estudiado usando sólo unidades del sistema internacional , o combinando el uso de
unidades inglesas y unidades SI. A lo largo del texto se refuerza el uso adecuado de los
factores de conversión de unidades. La constante de conversión fuerza-masa, gc, se trata
implícitamente y las ecuaciones en las que intervienen la energía cinética y potencial se
tratan consistentemente con relación al sistema de unidades usado. Las tablas de
propiedades en unidades SI de esta edición, dan el volumen específico en m 3/kg, lo
cual
supone un cambio respecto del cm 3/kg de la primera
edición.
Agradecimientos
Agradecemos a los muchos usuarios de nuestra primera edición, perteneciente s a más de
cien universidades y colegios de los Estados Unidos y Canadá, su contribución a esta
revisión a través de sus comentarios y crítica constructiva. Debemos un agradecimiento
especial al profesorado que proporcionó una valiosa orientación en el desarrollo de esta
segunda edición con sus respuestas por escrito a un cuestionario en que se les pedía
evaluar la primera edición.
Estarnos especialmente contentos de lo bien que se recibió dicha edición, y esperamos
que las mejoras introducidas en esta segunda edición sirvan para que la presentación
sea
aún más eficaz. Sus comentarios, críticas y sugerencias serán profundamente
apreciadas.
Michael J. Moran
Howard N. Shapiro
, ,
INDICE ANALITICO
TOM01
XI
XII lndice
analítico
Respu
Capítulo 5 El segundo principio de la Termodinámica algun
proble
5.1 Introduc.ción
5.2 Formulaciones del segundo principio Índice
5.3 Procesos reversibles e irreversibles
5.4 Corolarios del segundo principio para ciclos termodinámicos
5.5 La escala Kelvin de temperatura
5.6 Medidas del rendimiento máximo para ciclos de potencia ,
refrigeración y bomba de calor operando entre dos reservorios
5.7 El ciclo de Camot
Capítulo 6 Entropía
7.1 Introducción
7.2 Exergía
7.3 Balance de exergía para sistemas cerrados
7.4 Exergía de flujo
7.5 Balance de exergía para volúmenes de control
7.6 Eficiencia termodinámica
Nomenclatura
XII lndice
analítico
191
290
192
195
307
197
205 308
211 309
318
214 331
220 335
342
231
232
359
234 359
236 403
246
250
415
265
273
419
281
423
Índice XIII
analftico
TOM02
Nomenclatura
XIV Índice
analítico
Índice alfabético
CAPÍTULO 1
CONCEPTOS
INTRODUCTORIOS Y
DEFINICIONES
La palabra Termodinámica procede de las palabras del griego therme (calor) y
dynomis (fuerza). Aunque varios aspectos de lo que ahora se conoce como
Termodinámica bao si do objeto de interés desde la antigüedad, el estudio formal de la
Termodinámica empezó en los comienzos del siglo XIX a partir de las
consideraciones sobre la potencia motriz del calor: la capacidad de los cuerpos
calientes para producir trabajo. Hoy su alcance es mucho mayor, teniendo que ver, en
general, con la energfa y con las relaciones entre las propiedades de la materia.
La Termodinámica es tanto una rama de la Física como una ciencia de la Ingeniería.
El cientitico está normalmente interesado en alcanzar una comprensión de los funda
mentos del comportamiento físico y qufmico de la materia en reposo y en cantidades
determinadas y utiliza los principios de la Termodinámica para relacionar sus propie
dades. Los ingenieros están interesados, en general, en estudiar los sistemas y cómo
éstos interaccionan con su entorno; y pata facilitar esta tarea extienden el objeto de la
Termo dinámica al estudio de sistemas a través de los cuales fluye materia.
Los ingenieros utilizan los principios derivados de la Termodinámica y otras ciencias
de la ingeniería, tales como la Mecánica de fluidos y la Transferencia de calor y masa,
para analizar y diseñar objetos destinados a satisfacer las necesidades humanas. El
vasto campo de aplicación de estos principios se muestra en la Tabla 1.1, que recoge
algunas de las áreas en las que la Termodinámica técnica es importante. Los
ingenieros buscan peñeccionar los diseños y mejorar el rendimiento, para obtener
como consecuencia el aumento en la producción de algún producto deseado, la
reducción del consumo de un recurso escaso, una disminución en los costes totales o
un menor impacto ambiental. Los principios de la Termodinámica juegan un papel
importante a la hora de alcanzar estos logros.
El objetivo de este capítulo es introducir al estudiante en algunos de los conceptos y
definiciones fundamentales que utilizaremos en nuestro estudio de la Termodinám.ica
técnica. En la mayor parte de los casos la introducción es breve, dejando para capítulos
posteriores una exposición más amplia.
2 Conceptos introductorios y definiciones
Motores de automoción
Turbinas
Compresores,
bombas
Centrales eléctricas de combustible fósil y nuclear
Sistemas de propulsión para aviones y cohetes
Sistemas de combustión
Sistemas criogénicos , de separación y licuefacción de gases
Sistemas de calefacción, ventilación y aire acondicionado
Refrigeración por compresión de vapor y absorción
Bombas de calor
Sistemas de energías alternativa s
Células de combusti ble
Dispositivo s termoeléctricos y termoiónicos
Convertidores magnetohidrodinámicos
Sistemas solares activos de calefacción, enfriamie to y gene
ración de electricidad
Sistemas geotérmicos
Generación de electricidad mediante olas, mareas y desequi
librio térmico oceánico
Generación eólica de electricidad
Aplicaciones biomédicas
Sistemas de apoyo a la vida
Órganos artificiales
Conceptos introductorios y 3
definiciones
Cualquier cosa externa al sistema se considera una parte del entorno del sistema. El
sistema se distingue de su entorno, o alrededores, por un límite específico, la frontera
que puede estar en reposo o en movimiento. Veremos que las interacciones entre un
sistema y su entorno, que tienen lugar a través de dicha frontera, juegan un papel
importante en la Termodinámica técnica, siendo esencial que la frontera esté defmida
cuidadosamente antes de proceder a cualquier análisis termodinámico. Sin embargo,
puesto que los mis mos fenómenos físicos pueden ser analizados a menudo en
términos de djferentes elecciones de sistema, frontera y entorno, la elección de un
determinado límite para defi nir un sistema concreto estará condicionada por aquello
que nos permita el correspon diente análisis de acuerdo con nuestro interés.
Frontera
1 o o: Gas (superficie
de control) FIGURA 1.1 Ejemplo de sistema cerrado (masa de
1
1 control). Gas contenido en un disposi
o
00 00
Entrada de aire
Entrada de
¡----, -
combustible '-----------11
---{>
particular depende de los detalles del proceso, y no solamente de los estados inicial y
fmal, tal magnitud no puede ser una propiedad.
Un sistema formado por aire puede considerarse una sustancia pura mientras sea una
mezcla de gases, pero si se produce una fase líquida enfriándolo, el líquido tendrá una
composición diferente de la de la fase gaseosa y el sistema no podrá ya considerarse una
sustancia pura.
1.2.3 Equilibrio
No espreciso que un sistema que desarrolla un proceso real esté en equilibrio durante
el proceso. Alguno o todos los estados que aparecen en el proceso pueden ser estados de
no equilibrio. Para muchos de estos procesos estamos limitados a conocer el estado ini
cial y el estado final una vez ha terminado el proceso. Sin embargo, aunque no conoz
camos los estados intermedios, resulta factible evaluar ciertos efectos globales que
ocurren durante el proceso. En el siguiente capítulo se verán algunos ejemplos al presen
tar los conceptos de trabajo y calor. Los estados de no equilibrio muestran, normalmente,
variaciones espaciales en las propiedades intensivas en un momento dado. Estas
propiedades pueden también variar con el tiempo para una posición determinada, a veces
de modo caótico. En algunos casos las variaciones espaciales y temporales en propie
dades tales como temperatura, presión y velocidad p_ueden medirse con precisión. Tam
bién puede obtenerse esa información resolviendo ecuaciones apropiadas expresadas en
forma de ecuaciones diferenciales, bien analíticamente o por medio de un ordenador.
Cuando se ejecutan cálculos en ingeniería es necesario ser cuidadosos con las unidades
de las magnitudes físicas que aparecen. Una unidad es cualquier cantidad específica de
una magnitud con la que cualquier otra cantidad del mismo tipo se mide por compa
ración. Por ejemplo, metros, centímetros, kilómetros, pies, pulgadas y millas son todas
unidades de longit ud. Segundos, minutos y horas son en cambio unidades de tiempo.
Como las magnitudes físicas están relacionadas por definicione s y leyes, un número
relativamente pequeño de ellas basta para explicar y medir todas las demás. Estas pueden
11Cif!1arse magnitudes fundamentales. Las otras pueden medirse en términos de las
magnitudes fundamentales y se llaman derivadas. Por ejemplo, si la longitud y el tiempo ·
se consideran fundamentales, la velocidad y el área serán derivadas. Dos conjuntos de
magnitudes fundamentales suficientes para las aplicaciones en mecánica son (1) masa,
longitud y tiempo y (2) fuerza, masa, longitud y tiempo. Cuando se consideran otros
fenómenos físicos son necesarias nuevas magnitudes fundamentales. En el caso de la
Termodinámica se incluye la temperatura. La intensidad eléctrica se incluye en el caso
de aplicaciones relacionadas con la electricidad.
Al adoptar un conjunto de magnitudes fundamentales debe defmirse una unidad bási
ca para cada magnitud fundamental. Las unidades del resto de magnitude s se deducen
entonces a partir de las unidades básicas. Ilustraremos estas ideas considerando breve
mente dos sistemas de unidades, el Sistema Internacional (SI) y el Sistema Técnico In
glés.
1.3.1 Unidades SI
Consideraremos ahora el sistema de unidades llamado SI, que toma la masa, la longitud
y el tiempo como magnitudes fundamentales y considera la fuerza como derivada. SI es
la abreviatura de Sistema Internacional de unidades. Este es el aceptado legalmente en
muchos países y gradualmente se va incorporando en otros países (por ej. E.U.A). Las
convenciones del SI se publican y controlan de acuerdo con una organización interna
cional. Las unidades básicas para masa, longitud y tiempo se recogen en la Tabla 1.2 y
se discuten en los párrafos siguientes.
Conceptos introductorios y 9
definiciones
masa kilogramo kg
longitud metro m
tiempo segundo S
fuerza newton (= Ikg m/s2) N
m
n = (1.1)
M
F = ma (1.2)
10 Conceptos introductorios y definiciones
2
1 N = (lkg) (lm/s2) = 1kg · m /s
(1.3) Para ilustrar el uso de las unidades SI introducidas hasta aquí vamos a
determinar el
peso en newtons de un objeto cuya masa es 1000 kg, en un lugar de la superficie de la
Tierra donde la aceleración debida a la gravedad es igual al valor estándar defmido cm
uu
9,80665 m/s2• Poniendo los valores en la Ec.
1.2
F = ma
2 2
= (1000 kg) (9,80665 m/s ) = 9806,65 kg · m /s
Esta fuerza puede expresarse en newtons usando la Ec. 1.3 como un factor de
conversión de unidades. Así
F = (9806,65 kg. m ) ( lN
2
) = 9806,65 N
s2 lkg · m /s
1 ft = 0,3048 m (1.4)
12 in. = 1 ft
Una pulgada es igual a 2,54 cm. Aunque unidades tales como el minuto y la hora se usan
a menudo en ingeniería es conveniente usar el segundo como unidad básica del Sistema
Técnico Inglés para el tiempo.
La unidad básica del Sistema Técnico Inglés para la masa es la libra masa, lb, definida
en términos del kilogramo como
1 lb = 0,45359237 kg (1.5)
El símbolo lbm también puede usarse para representar la libra masa. La cantidad de una
sustancia puede expresarse en términos de la libra mol (lbmol). Una libra mol de una
sustancia es la cantidad de tal sustancia en libras masa numéricamente igual a su masa
molecular. Según esto, cuando m está en libras y M es el la masa molecular, lb/lbmol, la
Ec. 1.1 da el número de libras mol de la sustancia, n.
1 (1.6)
F = -ma
8c
por tanto
= 32 1740 lb . ft (1.7)
gc ' lbf. s2
Obsérvese que aunque una libra masa pesa aproximadamente una libra fuerza en lugares
donde la aceleración de la gravedad no difiere mucho del valor estándar (32,1740 ft/s2),
la libra fuerza es una unidad de fuerza distinta de la libra masa, que es una unidad de
masa.
Conceptos introductorios y 13
definiciones
Una vez que se han especificado las unidades básicas para la masa, la longitud, y
el tiempo en el Sistema Técnico Inglés de unidades , podría introducirse una unidad
de fuerza en una forma paralela a la introducción del newton. Es decir, se podría
definir una unidad de fuerza con la constante de proporcionalidad de la segunda ley
de Newton igualada a la unidad. Con esta aproximación la fuerza se consideraría
como derivada. Desde esta perspectiva, podríamos haber definido la libra fuerza
como
lb . (1.8)
1 lbf= 32,1740
ft
s2
Cuando las sustancias pueden ser tratadas como continuas es posible hablar de sus
propiedades termodinámicas intensivas "en un punto." Así, en cualquier instante la
densidad p en un punto se define como
p = Vr V'
(Vm) (1.9)
Conceptos introductorios y 13
definiciones donde V' es el menor volumen para el que existe un valor definido del cociente. El
volumen V' contiene suficientes partículas para que los promedios estadísticos sean
significativos. Este es el volumen más pequeño para el que la materia puede
considerarse
1 Conceptos introductorios y
4 definiciones
m fV
p dV
(1.10)
1-.4.2
Presión
.
p = lt m (F normal ) (1.12)
A A' A
donde A' es el área en el "punto" definida con el mismo significado que el utilizado en
la deftnición de densidad.
Si el área A' recibe nuevas orientaciones por giro en tomo al punto dado, y se calcula
la presión para cada nueva orientación, resultará que la presión en el punto es la misma
1 Conceptos introductorios y
4 definiciones
en todas las direcciones mientras el fluido permane zca en reposo. Esto es una
conse cuencia del equilibrio de las fuerzas que actúan sobre un elemento de volumen en
tomo
Conceptos introductorios y definiciones 15
al punto. Sin embargo la presión puede variar de un punto a otro dentro de un fluido en
reposo; ejemplos de ello son la variación de la presión atmosférica con la elevación y la
variación de la presión con la profundidad en océanos, lagos y otros volúmenes de agua.
Consideremos ahora un fluido en movimiento . En este caso la fuerza ejercida sobre
un área que contiene un punto del fluido puede descomponerse en tres componentes
per pendiculares entre sí: una normal al área y dos en el plano del área. Cuando
hablamos de un área unidad , la componente normal al área se llama esfuerzo normal
y las dos compo nentes en el plano del área se denominan esfuerzos cortantes. Las
magnitudes de los es fuerzos varían generalmente con la orientación del área. El
estado del esfuerzo en un fluido en movimiento es un aspecto tratado usualmente , de
manera extensa, en la M ecáni ca defluidos. La desviación del esfuerzo normal
respecto de la presión , esfuerzo normal que existiría si el fluido estuviera en reposo,
es en general muy pequeña. En este libro consideramos que el esfuerzo normal en un
punto es igual a la presión en dicho punto. Esta consideración lleva a resultados de
precisión aceptable para las aplicaciones estu diadas.
La unidad SI para la presión y el esfuerzo es el pascal.
2
1 pascal = 1 N/m
Sin embargo, en este texto es conveniente trabajar con múltiplo s del pascal: el
kilopascal, el bar y el megapascal.
3 2
1 kPa = 10 N/m
5
1 bar = 10 N/m
2 ..
6 2
1 MPa = 10 N/ m
Las unidades comúnmente usadas en el Sistema Inglés para la presión y el esfuerzo son
la libra fuerza por pie cuadrado, lbf/ft2 , y la libra fuerza por pulgada cuadrada, lbf/in2 .
Aunque la presión atmosférica varía con el lugar sobre la superficie terrestre, se puede
definir un valor estándar de referencia y usarlo para expresar otras presiones.
5 2
, {1,01325 X 10 N/m
1atmósfera estandar (atm) = /
14,696 lbf in2
t
Presión mayor
-.....---.,..----- que la presión
atmO'téri<a looal
p (manométrica)
-+--,...- Presión
atmosférica
t
Presión menor que la
p atm presión atmosférica local
(absoluta
p (absoluta)
En la Fig. 1.3 se recogen las relaciones entre las diferentes formas de expresar las
medi das de presión. Trabajando con el Sistema Técnico Inglés se usan a menudo las
letras a y g para distinguir entre las presiones absoluta y manométrica. Por ejemplo, las
presiones absoluta y manométrica en libras fuerza por pulgada cuadrada se designan
como psia y psig, respectivamente. En este libro las presiones manométricas y de vacío
se escriben en
términos de lbf/in. 2 (manométrica) o lbf/in.2 (de vacío), respectivcnnente.
El manómetro y el tubo de Bourdon son dos de los dispositivos usados
frecuentemen te para medir presiones. Los manómetros miden diferencias de presión en
términos de la longitud de una columna de un líquido como agua, mercurio o aceite.
El manómetro mostrado en la Fig. 1.4 tiene un extremo abierto a la atmósfera y el
otro unido al reci piente cerrado que contiene un gas a presión uniforme. La diferencia
entre la presión del gas y la de la atmósfera es
Gasa
presión p
_ Líquido
manométrico FIGURA 1.4 Medida de la presión mediante un
manómetro.
un tubo de Bourdon.
18 Conceptos introductorios y
definiciones
1.5 TEMPERATURA
En esta sección se estudia la propiedad intensiva temperatura junto con los medios para
medirla. Como la fuerza, el concepto de temperatura se origina con la percepción de
nuestros sentidos. Dicho concepto se basa en la noción de "calidez" o "frialdad" de un
cuerpo. Utilizamos nuestro sentido del tacto para distinguir los cuerpos calientes de los
fríos y ordenarlos en un orden de "calidez," decidiendo que 1 es más caliente que 2, 2
más caliente que 3 y así sucesivamente. Sin embargo, por sensible que el cuerpo humano
pueda ser, somos incapaces de medir con precisión esta cualidad . Es decir, deben
diseñarse termómetros y escalas de temperatura para poder medirla.
.
más frío au menta; al final las resistencias eléctricas también resultarán constantes.
Cuando todos los cambios de estas propiedades observables cesen, la interacción habrá
concluido. Diremos entonces que los dos bloques están en equilibrio térmico. Consi
deraciones como las anteriores nos llevan a inferir que los bloques tienen una propiedad
física que determina cuándo están en equilibrio térmico. Esta propiedad se llama tem
peratura , y puede postularse que cuando dos bloques están en equilibrio térmico sus
temperaturas son iguales.
La velocidaaaTa que los bloques se aproximan al equilibrio térmico conjuntamente
puede reducirse separándolos con una capa delgada de poliestireno, lana de roca, corcho
u otro material aislante. Aunque la velocidad de aproximación al equilibrio puede redu
cirse, ningún material real puede evitar que los bloques interaccionen hasta alcanzar la
misma temperatura. Sin embargo, por extrapolación de la experiencia, puede imaginarse
18 Conceptos introductorios y
definiciones
un aislante ideal Ütl que evitase la interacción térmica entre ellos. Tal aislante ideal
recibe
1
el nombre de pared adiabática. Cuando un sistema encerrado por una pared adiabática
Conceptos introductorios y definiciones 19
1.5.2 Tennómetros
Cualquier cuerpo puede utilizarse como termómetro si tiene al menos una propiedad
medible que cambia cuando su temperatura cambia. Tal propiedad se denomina propie
dad termométrica. En particular, cualquier sustancia que muestre cambios en propie
dades termométricas se denomina sustancia termométrica.
Un dispositivo familiar para la medida de temperaturas es el termómetro de bulbo
representado en la Fig. 1.6, que consiste en un tubo capilar de vidrio conectado a un bulbo
que contiene un líquido como mercurio o alcohol, y está sellado en el otro extremo. El
espacio por encima del líquido está ocupado por el vapor del líquido o un gas inerte.
Cuando la temperatura aumenta, el líquido expande su volumen y asciende por el capilar.
La longitud L del líquido en el capilar depende de la temperatura. De acuerdo con lo
anterior el líquido es la sustancia termométrica y Les la propiedad termométrica. Aunque
este tipo de termómetro es utilizado comúnmente para medidas ordinarias de tempera
tura, no está indicado para los casos en que se requiera una gran exactitud.
Vaporo
gas inerte
L '·
IH---L- Cero
arbitrario
Lfquido
Depósito de
mercurio
T= a.p (1.16)
273,16
a= ---
Ppt
T = 273,16 (L)
Ppt
(1.17)
Sin embargo, puesto que los valores de ambas presiones p y Ppt• dependen parcial
mente de la cantidad de gas en el bulbo, el valor asignado por la Ec. 1.17 para la
Conceptos introductorios y 21
definiciones tempe ratura del baño varía con la cantidad de gas en el termómetro. Esta dificultad se
supera
1Estado de equilibrio entre el hielo y el aire saturado de vapor de agua a la presión de una atmósfera.
2Estado de equilibrio entre vapor de agua y agua lfquida a la presión de una atmósfera.
22 Conceptos introductorios y definiciones
, ......... -
donde "lim" quiere decir que tanto p como Ppt tienden a cero. Resulta claro que la
determinación de temperaturas por este método requiere cuidado extraordinario y
procedimientos experimentales muy elaborados.
Aunque la escala de temperaturas de la Ec. 1.18 es independiente de las propiedades
del gas utilizado, todavía depende de las propiedades de los gases en general. En función
de esto, la medida de bajas temperaturas requiere un gas que no condense a dichas tem
peraturas, y esto impone un límite en el rango de temperaturas que pueden medirse con
un termómetro de gas. La temperatura más baja que puede ser medida con un
22 Conceptos introductorios y definiciones
instrumento así es del orden de 1 K, obtenida con helio. A altas temperaturas los gases
se disocian, y por tanto estas temperaturas no pueden ser determinadas mediante un
termómetro de gas.
Conceptos introductorios y definiciones 23
Deberán emplearse otros métodos empíricos que utilizan ciertas propiedades de otras
sustancias que pueden ser empleadas para medir temperaturas en rangos donde el
termómetro de gas resulta inadecuado. .
A la vista de estas limitaciones es deseable tener un medio para asignar valores de
temperaturas que no dependan en ninguna medida de las propiedades de una sustancia
particular o de un tipo de sustancias. Una escala así se denomina escala
termodinámica de temperaturas. La escala K elvin es una escala termodinámica
absoluta de temperatura s que proporciona una definición continua de la temperatura,
válida sobre todos los rangos de ésta. Las medidas empíricas de temperatura, con
diferentes termómetro s, pueden rela cionarse con la escala Kelvin. Para desarrollar
dicha escala es necesario usar el principio de conservación de la energía y el segundo
principio de la Termodinámica. Por tanto, la explicación detallada se pospone a la Sec.
5.5 después de que se hayan introducido dichos principios. Sin embargo señalaremos
aquí que la escala Kelvin tiene un cero en O K y las temperaturas inferiores a ésta no
están definidas.
Puede demostrarse que la escala de gas y la escala Kelvin son idénticas en el rango
de temperaturas en el que puede utilizarse el termómetro de gas. Por esta razón
podemos escribir K después de una temperatura determinada por medio de la Ec.
1.18. En fun ción de esto y hasta que el concepto de temperatura sea revisado con más
detalle en el Cap. 5 consideraremos que todas las temperaturas empleadas hasta ese
momento están de acuerdo con los valores dados por el termómetro de gas de volumen
constante.
De aquí se deduce que el punto triple del agua en la escala Celsius es 0,01oc y que O
K
corresponde a -273,
15°C.
La escala Celsius se define de modo que la temperatura del punt o de hielo, 273,15
K, sea 0,00°C, y que la temperatura del punto de vapor, 373,15 K, sea l00,00°C.
Según esto, hay 100 grados Celsius en el intervalo de 100 Kelvin, una
correspondencia que es consecuencia de· la selección del valor 273,16 K para la
temperatura del punto triple. Obsérvese que, puesto que las temperaturas de los puntos
de hielo y de vapor son valores experimentales sometidos a revisión en función de
determinaciones más precisas, la única temperatura Celsius que es fija por definición
es la del punto triple del agua.
Otras dos escalas de temperaturas son de uso común en ingeniería en los E.U.A .Por
Conceptos introductorios y definiciones 23
definición, la escala Rankine, cuya unidad es el grado rankine (0R), es proporcional a
la temperatura Kelvin según
vapor
Punto triple C \1
o
del agua C\i
(')
Punto de o
<'!.
hielo M C\i
..... (')
a;
C\1 v
....
·¡.r; ;
e:
·;; "·¡¡;
:::l'
Cll
e:
:.>< e:
-¡; -¡; .. ,
e :
..,
. r ;
:.:: (.) 0:: LL..
1()
.....
<O
M
8 ..... o o)
o C\1 o
Cero absoluto v
1()
1 o 1
FIGURA 1.9 Comparación de las escalas de
temperatura.
Como evidencia la Ec. 1.20, la escala Rank.ine es también una escala termodinámica
absoluta con un cero absoluto que coincide con el cero absoluto de la escala Kelvin. En
las relaciones termodinámicas la temperatura está siempre en términos de la escala
Kelvin o Rank.ine salvo que se establezca otro criterio específicamente.
Un grado del mismo tamaño que el de la escala Rankine es utilizado en la escala
Fahrenheit , pero el punto cero está desplazado de acuerdo con la expresión
(1.21)
(1.22)
Esta ecuación muestra que la temperatura Fahrenheit del punto de hielo (0°C) es 32°F y
la del punto de vapor (100°C) es 212°F. Los 100 grados Celsius o Kelvin entre el punto
de hielo y el punto de vapor corresponden a 180 grados Fahrenheit o Rankine, como se
ve en la Fig. 1.9, donde las escalas Kelvin, Celsius, Rankine y Fahrenheit aparecen
com paradas.
Finalmente al hacer cálculos en ingeniería, es frecuente redondear los últimos núme
ros en las Ec. 1.19 y 1.21 a 273 y 460, respectivamente. Esto se hará frecuentemente a
lo largo del texto.
entonces sobre las leyes y relaciones físicas aplicables que permiten describir el compor
tamiento del sistema. La mayor parte de los análisis utilizan, directa o indirectamente,
una o más de tres leyes básicas. Estas leyes, que son independientes del tipo de sustancia
o sustancias consideradas, son
• el principio de conservación de masa.
• el principio de conservación de la energía.
• el segundo p incipio de la Termodinámica.
Además, resultan necesarias con frecuencia las relaciones entre las propiedades de la
sus tancia o sustancias consideradas (Cap. 3). También pueden tener importancia la
segunda ley de Newton para el movimiento (Caps. 2 y 9) y relaciones como el modelo
de conduc ción de Fourier (Cap. 2).
Un objetivo importante de este texto es ayudar a comprender cómo resolver proble
mas de ingeniería que incluyan principios termodinámicos. Con este objeto se suminis
tran numerosos ejemplos resueltos además de los problemas propuestos al final de cada
capítulo. Es muy importante que el estudiante analice los ejemplos y resuelva los proble
mas, ya que el dominio de los conceptos fundamentales sólo se alcanza a través de la
práctica.
Es importante desarrollar un procedimiento sistemático que permita mejorar los re
sultados y gratifique los esfuerzos realizados. El estudiante debe pensar cuidadosamente
sus soluciones, evitando la tentación de atacar los problemas por un atajo
seleccionando alguna ecuación aparentemente apropiada, sustituyendo en ella los valores
y obteniendo rápidamente un resultado con la calculadora. Un planteamiento "fortuito"
de solución de los problemas como el descrito puede llevar a dificultades cuando los
problemas se vayan complicando. Por tanto recomendamos muy insistentemente que
las soluciones de los problemas se organicen utilizando los siguientes seis pasos, que se
emplean en los ejem plos resueltos en este texto.
Conocido: Establece brevemente con tus propias palabras lo que es conocido. Esto exige que leas el problema
cuidadosamen e y reflexiones sobre eUo.
Se debe hallar: Establece de modo conciso con tus propias palabras lo que debe calcularse.
Datos conocidos y diagramas: Dibuja un esquema del sistema considerado. Decide si conviene un análisis de sistema
cerrado o de volumen de control y entonces identifica cuidadosamente la frontera. Rotula el diagrama con la
información
. significativa para la definición del problema.
Escribe todos los valores de las propiedades que se te dan o que crees que puedes necesitar para cálculos sucesivos.
Dibuja los diagramas adecuados de propiedades (ver la Sec. 3.2), identificando los estados clave e indicando, i es
posible, los procesos seguidos por el sistema.
No debe subestimarse la importancia de esquerp.as cuidadosos del sistema y de los diagramas de propiedades. A
menudo son un instrumento válido para ayudar a entender claramente el problema.
Consideraciones: Para establecer un modélo del problema, lista todas las consideraciones e idealizaciones
simplificadoras hechas para hacerlo resoluble. A veces esta información puede también anotarSe sobre los dibujos
del paso anterior.· ·
26 Conceptos introductorios y definicione
Análisis: Utilizando tus simplificaciones e idealizaciones, expresa las ecuaciones y relaciones adecuadas en formas que
produzcan resultados válidos.
Es recomendable trabajar con ecuaciones mientras sea posible antes de sustituir datos numéricos en ellas. Una vez
reducidas las ecuaciones a fonnas defmitivas, debes analizarlas para detenninar qué datos adicionales pueden ser
precisos. Debes identificar las tablas, gráficas, o ecuaciones de propiedades que suministren los valores requeridos.
Diagramas adicionales de propiedades pueden ayudar, a estas alturas, para clarificar estados y procesos.
Cuando todos los datos y ecuaciones estén a mano, sustituye los valores numéricos en las ecuaciones. Comprueba
cuidadosamente que estás empleando un conjunto de unidades consistente y apropiado. Entonces ejecuta los cálculos
necesarios.
Finalmente, considera si las magnitudes de los valores numéricos parecen razonables y si los signos algebraicos
asociados con los valores numéricos son correctos.
Comentarios: Cuando convenga comenta los resultados brevemente. Serán adecuados los comentarios sobre lo que se
ha aprendido, identificando aspectos clave de la solución, explicaciones sobre como podrían obtenerse mejores
resultados modificando ciertas consideraciones, etc.
Cuando surge una solución particular, puede ser necesario volver a una etapa previa y revisarla con el objeto de una mejor
comprensión del problema. P ,r ejemplo, podría ser necesario afiadir oquitar un supuesto, revisar un esquema, determinar
datos de propiedades adicio al s. etc.
El formato de solución de problemas utilizado en este texto pretende ser una guía
para pensar y no un sustituto. Por tanto, el estudiante queda advertido para evitar una
aplicación rutinaria de estas seis etapas que reportaría muy pocos be eficios. En algunos
de los ejemplos previos y en los problemas de fm de capítulo, este planteamiento de
solución puede resultar innecesario o incómodo de manejar. Sin embargo, cuando los
problemas vayan siendo más complicados podrá comprobarse que reduce errores, ahorra
tiempo y proporciona una comprensión más profunda del problema atacado.
Conceptos introductorios y 27
definiciones
PROBLEMAS
1.1 Explique el significado de los siguientes términos: líquida en equilibrio con una mezcla de aire y vapor de
sistema, volumen de control, propiedad, propiedad intensi agua?
va, estado de equilibrio, proceso, ciclo termodinámico, fase, 1.6 Considérese un sistema que consiste en agua líquida y hielo.
proceso adiabático. Dicho sistema describe un proceso en cuyo estado fi nal el
1.2 Explique el significado de los siguientes términos: sis hielo se ha fundido y sólo queda líquido. ¿Puede consi
tema cerrado, sistema aislado, estado estacionario, propie derarse el sistema una sustancia pura a lo largo del proceso?
dad extensiva, enfoque macroscópico, sustancia pura, proce Explíquese.
so de cuasiequilibrio, magnitudes fundamentales, principio 1.7 Las masas atómicas y moleculares de algunas sus tancias
cero de la Termodinámica. comunes se recogen en la Tabla A-l del Apéndice.
1.3 La corriente eléctrica de una batería se utiliza, según Utilizando dicha tabla determínese el número de kmol en
muestra la Fig. P1.3, para hacer funcionar un motor cuyo 50 kg de cada una de las siguientes sustancias: H2, N 2,
eje está conectado a un dispositivo masa-polea de modo NH 3, C3Hs.
que eleve la masa. Considerando el motor como un
1.8 Un objeto cuya masa es 3 kg está sometido a una
sistema, identifíquese sobre su frontera la parte por la que
fuerza vertical hacia arriba de 50 N. Sobre-el objeto actúa,
el sistema interacciona con su entorno y descn'banse los
además, la fuerza de la gravedad. Determínese la
cambios que ocurren dentro del sistema, con el tiempo.
aceleración del objeto, en m/s2, suponiendo que la
Repítase para el sistema ampliado que incluye también la
batería y el dispo sitivo masa-polea aceleración de la
gravedad es constante, g = 9,81
m/s2.
1.9. Un objeto pesa 1900 N en un lugar en el que la
aceleración de la gravedad es g = 9,4 m/s2• Determínese la
sustancia pura? Explíquese.¿ Y si el sistema consiste en agua
Figura
P1.3
la interpolación Lineal entre entradas adyacentes de la ·'1.18 El aire en una cámara cerrada tiene una presión abso
tabla. Utilizando los datos suministrados aquí, estímese: luta de 80 kPa. La presión de la atmósfera circundante es
(a) el volumen específico para T = 200°C, p = 0,113 equivalente a 750 mm de columna de mercurio. La densidad
3
MPa, en m /kg. del mercurio es 13,59 g/cm3 y la ·aceleración de la
(b) la temperatura para p = O, 12 MPa, v = 1,85 gravedad es g• = 9,81 m/s2 Determínese la presión
3
m /kg, manométrica (o de vacío) dentro de la cámara, en bar.
en °C 1.19 La presión absoluta de un gas que entra en un compresor
(e) la temperatura para p = O, 11 MPa, v = 2,20 m3/kg, es 0,5 bar. A la salida del compresor la presión
en K. manométrica es 0,8 MPa. La presión atmosférica es 99 kPa.
1.12 Un sistema que consiste en 1kg de gas sufre un proce so Determínese el cambio en la presión absoluta entre la entra
durante el cual la relación entre la presión y el volumen da y la salida, en kPa.
1 3
es pV • = constante. El proceso se inicia con p 1 = 1 1.20 El manómetro inclinado que muestra la Fig. Pl.20 se utiliza
bar, V 1 = 1 m3 y fmalizá con V2• =3m3 Determínese la para medir la presión de un gas. El líquido dentro del
presión final, p2, en bar, y represéntese el proceso en una manómetro tiene una densidad de 0,8 g/cm 3 y la lectura del
gráfica de la presión frente al volumen. manómetro se indica en la figura. Si la presión atmosférica
1.13 Un sistema consiste en un dispositivo cilindro-pistón que es 101 kPa y la aceleración de la gravedad es g = 9,81
2
contiene aire, inicialmente a p 1 = 20 lbf/in. que ocupa un m/s2,
¡_ cuál e<> la prc<>ión ah.,oluta del gas. en kPa?
volumen de 1,5 ft3. El aire se comprime hasta un volumen
fmal de 0,5 ft3• Durante el proceso , la relación entre la
presión y el volumen es pV 1• 4 = constante. Determínese la
presión fmal en lbf/in 2 y en MPa.
1.14 Un dispositivo cilindro-pistón contiene 1 kg de refri patm = 101 kPa
gerante que es comprimido desde el estado 1, con p 1 = 2 g= 9,81 mls2
bar, v 1 = 83,54 cm3/kg, hasta el estado 2, con p2 = 10
bar, v2 = 21,34 cm3/g. Durante el proceso, la relación
p = 0,8 g/cm3
entre la presión y el volumen específico toma la forma p
v" = cons
tante. Determínese el valor de la constante n.
1.15Un manómetro está conectado a un depósito de gas en el
que la presión es mayor que la del entorno. El líqui do del Figura P1.
manómetro es mercurio, con una densidad de 13,59 20
g/cm 3. La diferencia entre los niveles de mercurio en el
manómetro es. 2 cm. La aceleración de la gravedad es 1.21 Escriba un programa de ordenador que convierta valores
g = 9,81 m/s2• La presión atmosférica es 93,0 kPa. Calcular, expresados en unidades del Sistema Inglés a los
en kPa, · .. correspondientes en unidades SI o viceversa, según prefiera.
(a) la presión manométrica del gas. Incluya todas las conversiones que aparecen en la tabla de
(b) la presión absoluta del gas. factores de conversión localizada en la contracubierta de
portada de este libro.
1.16 La presión absoluta en el interior de un depósito de (b) mercurio (la densidad del mercurio es 13,59 veces la
gas es 0,05 MPa y la presión de la atmósfera circundante es del agua).
101 kPa. ¿Qué lectura, en kPa, proporcionaría un manó
metro Bourdon montado sobre la pared del depósito? Esta
lectura, ¿es una presión manométrica o de vacío?
1.17 Determínese la presión manométrica, en bar, equiva
lente a una lectura manométrica de 1 cm
de
(a) agua (densidad= 1000 kg/m 3).
28 Conceptos introductorios y
defioiciones
1.22 Escriba un programa de ordenador que convierta °C: (a) 70°F, (b) 0°F, (e) -30°F, (d) 500°F, (e) 212°F,
temperaturas expresadas en °F, 0R, °C o K a cualquier (f) -459,67°F. Convierta cada una a-la escala
otro tipo de unidades para la temperatura. Kelvin.
1.23 Convierta las siguientes temperaturas desde op 1.24 La relación entre la resistencia R y la temperatura T
a de
un termistor es, aproximadamente
Conceptos introductorios y 29
definiciones
donde R 0 es la resistencia, en ohmios (Q), medida a la generador eléctrico. La masa sale de la turbina con un
temperatura T0 (K) y es una constante del material con flujo másico de 10.000 kg/h. Utilizando los datos de la
unidades de K. Para un termistor particular R0 = 2,2 Q figura,
para (a) convierta el flujo másico a kg/s.
T0 = 31O K. En un test de calibración se encuentra que R (b) exprese p2 en MPa. '
= (e) exprese T1 en K.
0,31 Q para T = 422 K. Determínese el valor para el (d) exprese p 1 en bar.
termistor y obténgase una representación de la resistencia
r1 = 420°C p2 = 40 bar
frente a la temperatura.
p 1 = 5000 kPa
1.25 Se propone una nueva escala absoluta de t.emperatura. +
1.1O Escriba un informe comparando el tratamiento de los cartulina comprobará que el agua permanece en el vaso
puntos del índice analítico de este libro con el tratamiento de retenida por la cartulina. Desarrolle los cálculos apropiados
los mismos puntos en su libro de Física o Química general. que expliquen este hecho.Repítalo con un cuadrado de hoja
¿Qué temas se ven con más énfasis en la asignatura de de aluminio reemplazando la cartulina y comente los resul
Termodinámica técnica que en los citados libros? tados. ¿Puede pensar en una aplicación práctica de esto?
1.20 Los recursos energéticos y las cuestiones ambientales 1.50 Obtenga infontlación de fabricantes de tres tipos
son frecuentemente- noticia en la actualidad. A lo largo del diferentes de sensores para presiones en el rango de O a 70
curso prepare un fichero de recortes de periódicos y revistas kPa. Explique los principios básicos de operación de cada
sobre estos temas y prepare un informe sobre un aspecto sensor y compare sus ventajas y desventajas respectivas.
concreto de un determinado tema que sea de su interés. Considere sensibilidad, precisión, calibración y coste.
1.30 Escriba un informe explicando los principios y 1.60 Obtenga información de fabricantes de sensores con
objetivos de la Termodinámica estadfstica. ¿Cómo difiere termopares y termistores para medir temperaturas de los
de esto el enfoque macroscópico de la Termodinámica que gases calientes de la combustión en un horno. Explique los
recoge este texto? Explíquelo. principios básicos de la operación de cada sensor y compare
1.40 Coja un vaso ordinario de vidrio lleno de agua, sus ventajas y desventajas respectivas. Considere sensibili
coloque una cartulina tapándolo y déle la vuelta. Si suelta la dad, precisión, calibración y coste.
CAPÍTULO 2
LAENERGÍA Y
EL PRIMER PRINCIPIO DE
LA TERMODINÁMICA
La energía es un concepto fundamental de la Termodinámica y uno de los aspectos más
relevantes del análisis en ingeniería. En este capitulo se introduce la energía y se desa
rrollan las ecuaciones que permiten aplicar el principio de conservación de la energia.
La presentación que aquí se hace está limitada a sistemas cerrados. En el Cap. 4 se
extiende el análisis a los volúmenes de control.
La energía es un concepto familiar, y hemos oído mucho sobre ella. En este capítulo
se desarrollan varios aspectos importantes del concepto energía. Alguno de ellos ya lo
habrás encontrado antes. Una idea básica es que la energia puede almacenarse dentro
de los sistemas en diversas formas macroscópicas. La energia también puede
transjo111UU'Se de una forma a otra y transferirse entre sistemas. Para sistemas
cerrados la energia se transfiere por medio de trabajo y de calor. La cantidad total de
energía se conserva en todas las transformaciones y transferencias.
El propósito de este capitulo es organizar estas ideas en formas adecuadas para el
análisis en ingeniería. La presentación empieza con una revisión de los conceptos
energé ticos según la Mecánica. A partir de ahí el concepto termodinámico de energia
se intro duce como una extensión del concepto de energía en Mecánica.
32 La energía y el primer principio de la
Tennodinámica
dC (2.1)
F=m-
s dt
dCds dC (2.2)
F =m--= mC-
s ds dt ds
(2.3)
32 La energía y el primer principio de la
Tennodinámica
1
Los símbolos en negrita representan vectores. Sus módulos se recogen en tipo normal.
La energfa y el primer principio de la 33
Termodinámica
..
y
(2.4)
El término mC2 es la energ ía cinética, EC, del cuerpo. La energía cinética es una
magnitud escalar. El cambio en energía cinética, LlliC , del cuerpo
es2
(2.5)
(2.6)
donde la expresión para el trabajo se ha escrito en ténninos del producto escet:...... rlP.l
vector fuerza F por el vector desplazamiento ds. La Ec. 2.6 establece que el trabaj" rlP. la
fuerza resultante sobre el cuerpo es igual al cambio de su energía cinética. Cuando el
La energfa y el primer principio de la 33
Termodinámica
2
El símbolo 11 siempre significa "valor fmal -valor
inicial."
34 La energía y el primer principio de la Termodinámica
cuerpo se acelera por la acción de la fuerza resultante , el trabajo hecho sobre aquél
puede considerarse una transferencia de energía al cuerpo, donde se almacena como
energía cinética.
La energía cinética puede calcularse conociendo solamente la masa del cuerpo y el
valor de su velocidad instantánea relativa a un sistema específico de coordenada s, sin
importar cómo se ha alcanzado dicha velocidad. Por tanto, la energía cinética es una
propiedad del cuerpo. La energía cinética es una propiedad extensiva pdesto que varía
con la masa del cuerpo.
El trabajo tiene unidades de fuerza por distancia. Las unidades de la energía cinética
son las mismas que las del trabajo. En el SI, la unidad de trabajo es el newton-metro
, N·m, llamado julio, J. En este libro resulta conveniente usar a menudo el kJ. Las
unidades inglesas utilizadas comúnmente para el trabajo y la energía cinética son la
libra fuerza pie, ft·lbf, y la unidad térmica británica, Btu .
- 1 m (C 2 - C 2 ) = f z2 R dz -f z2 mg (2.7)
dz
Z¡ Z¡
2 1
2
,........._
( \ ---....---
\ J
'--"
m¡
Z¡
z
Superficie terrestre FIGURA 2.2 Ilustración utilizada para introducir el con
cepto de energía potencial.
(2.9)
(2.10)
Las unidades de la energía potencial en cualquier sistema de unidades son las mismas
que las de la energía cinética y el trabajo.
La energía potencial se asocia con la fuerza de la gravedad y es por tanto una
propiedad de un sistema que contiene al cuerpo y a la Tierra conjuntamente. Sin
embargo, el cálculo de la fuerza de la gravedad como mg permite determinar la energía
potencial gravitatoria a partir de un valor concreto de g conociendo sólo la masa del
cuerpo y su elevación. Con esta consideración, la energía potencial puede considerarse,
al igual que la energía cinética, una propiedad extensiva del cuerpo.A lo largo del libro
se considera que las diferencias en altura son suficientemente pequeñas como para tomar
constante la fuerza de la gravedad. El concepto de energía potencial gravitatoria puede
enunciarse, sin embargo, teniendo en cuenta la variación de esta fuerza con la elevación.
La Ec. 2.9 establece que el trabajo total de las fuerzas que actúan sobre un cuerpo
desde su entorno, con la excepción de la fuerza de la gravedad , es igual a la suma de
los cambios en las energías cinética y potencial del cuerpo. Cuando la fuerza
La energía y el primer principio de la Termodinámica 35
resultante provoca un aumento en la altura, o una aceleración del cuerpo o ambos, el
trabajo hecho
36 La energfa y el primer principio de la Termodinámica
por dicha fuerza puede considerarse como una transferencia de energía al cuerpo, donde
se almacena como energía potencial gravitatoria y/o energía cinética. La noción de
energía como una propiedad extensiva que se conserva es una consecuencia de esta
interpretación .
La interpretación de la Ec. 2.9 como una expresión del principio de conservación de
la energía puede reforzarse considerando el caso especial de un cuerpo sobre el que la
única fuerza que actúa es la debida a la gravedad. En este caso el segundo miembro se
anula, reduciéndose la Ec. 2.9 a
o (2.11)
2.1.3 Conclusión
Hasta aquí la presentación se ha centrado en sistemas en los que las fuerzas aplicadas
afectan sólo a su velocidad y posición como un todo. Sin embargo, los sistemas de
interés en ingeniería interaccionan normalmente con su entorno en formas más
complicadas, con cambios también en otras propiedades . Para analizar tales sistemas no
basta sólo con los conceptos de energías potencial y cinética, ni basta el principio
rudimentario de conser vación de la energía introducido en esta sección. En Termod
inámica el concepto de energía se amplía para considerar otros cambios observados y
el princip io de conserva ción de la energía se extiende para incluir una amplia variedad
de formas en las que el sistema interacciona con su entorno. La base para tales
generalizaciones es la evidencia experimental. Las extensiones del concepto de energía
se desarrollan en lo que sigue de
La energía y el prime r principio de la 3
Termodinámica 7
este capítulo, empezando en la siguiente sección con una discusión más amplia del
concepto del trabajo.
sz (2.12)
W=
JSI
F·ds
La Termodinámica técnica tiene que ver frecuentemente con dispositivos tales como
motores de combustión interna y turbinas cuyo propósito es realizar trabajo. Por
consiguiente, en contraste con el enfoque general tomado en Mecánica, a menudo resulta
conveniente considerar dicho trabajo como positivo. Es decir,
Por otra parte, la diferencial de una propiedad se llama exacta porque el cambio en dicha
propiedad entre dos estados particulares no depende en modo alguno del tipo de proceso
que los une. Por ejemplo, el cambio de volumen entre dos estados puede determinarse
integrando la diferencial dV, sin importar los detalles del proceso, como sigue
W = F ·C (2.13)
El punto que aparece sobre un símbolo, como en W,se utiliza en el libro para indicar
la velocidad del cambio con respecto al tiempo. En principio , la Ec. 2.13 puede
integrarse desde el tiempo t 1 al t2 para evaluar el trabajo total hecho en ese intervalo de
tiempo:
38 La energía y el primer principio de la
Tennodinámica
(2.14)
La energía y el primer principio de la Tennodinámica 3
9
<>w = pA dx (2.15)
<>w = p dV (2.16)
W =f P dV (2.17)
Frontera del
- sistema
Área= A
Presión media en la super-
ficie del pistón = p
---- --,
1 .
1
. '"
F=pA .. I ({
1 1 ---{>
..
1 .
l. <J ---
1 Gas o 1
1
líquido 1
'-------1
medida en cualquier punto del cilindro es básicamente igual a la ejercida en la cara del
pistón , la Ec. 2.17 puede emplearse con datos experimentales para obtener al menos una
estimación plausible del trabajo. Un transductor de presión cuya salida se represente
mediante la traza de un osciloscopio es una de las formas en que pueden obtenerse los
datos requeridos . Veremos después que en algunos casos donde la falta de la relación
requerida presión-volumen nos impide evaluar el trabajo a partir de la Ec. 2.17, éste
puede determinarse alternativamente a partir de un balance de energía (Sec. 2.5).
Masas infinitesimales
que se van quitando
durante la expansión
del gas o líquido
Frontera
Gas o líquido
P, -
e
-o
"üi
fl..
Área =
J pdV
v, dV
Volumen
1 1
1 Gas o i ...__,
. líquido ;f.r,.¡;:J---"
1
1 •
EJEMPLO 2.1
Un gas en un dispositivo cilindro-pistón sufre un proceso de expansión para el que la relación entre la presión y el vo
lumen viene dada por
pvn =constante
La presión inicial es 3 bar,el volumen inicial es 0,1 m3, y el volumen fmal es 0,2 m3. Determínese el trabajo, en kJ, para
el proceso si: (a) n = 1,5, (b) n = 1,0 y (e) n =O.
SOLUCIÓN
Conocido: Un gas en un dispositivo cilindro-pistón sufre una expansión en la que pV" =constante.
Se debe hallar: El trabajo si: (a) n = 1,5, (b) n = 1,0 y (e) n =O.
Datos conocidos y dwgramas: La relación dada p-Vy los datos dados para la presión y el volumen pueden emplearse
para representar el diagrama adjunto presión-volumen para el proceso.
p
(bar)
Figura E.2.1
Consideraciones:
l. El gas es un sistema cerrado.
2. La pared móvil es el único modo de trabajo.
3. La expansión es un proceso politrópico .
Análisis: Los valores requeridos para el trabajo se obtienen integrando la Ec.2.17, llevando a ella la relación presión-
}
volumen conocida.
(a) Introduciendo la expresión p = constante/Vn en la Ec.2.17 y calculando la integral
W=
V2
p i=
dV iV2 constantedV
= constan. te (vJ-n v¡-n)
V1 V1 Vn } - n
44 La energía y el primer principio de la
Tennodinámica
La constante en esta expresión puede calcularse en cada uno de los estados extremos: constante =p 1 V = p2
·Así,
la expresión del trabajo resulta ser
(p2 V )V- n- (p1V7) P2 V2-p, V,
v: -n-
w =
- 1-n ---1---n---
Esta expresión es válida para todos los valores den excepto paran= 1,0. Este caso se resuelve en el apartado (b).
r
Para calcular W es necesario conocer la presión en el estado 2. Dicha presión se puede calcular con la relación
p 1V7 = p2 que, ordenando, conduce a
De
3 5 2
aquí, (1,06 bar) (0,2 m (3) (0,1) )(10 N/m 1 kJ )
w= (
)- )( + 17,6 kJ
=
1- 1,5 1 bar 103 N .m
(b) Para n = 1,O la relación presión-volumen es pV = constante o p = constante/V. El trabajo es
W=constante J
rv2 dV v2 v2
-=(constante)1n-=(p 1V1 ) 1n-
1 v.
V V V
1 1
Sustituyendo los valores,
3 105 N/m 2 )( 1 kJ ) ( 0,2)
W = (3 bar) (0,1 m
)(
1
bar
103
N. m In 0,1 = +20,79 kJ
(e) Paran= O, la relación presión-volumen se reduce a p =constante, y la integral se transforma en W = p(V )
2
-
V 1 , que es un caso especial de la expresión obtenida en el apartado (a). Sustituyendo los valores y convirtiendo
las unidades
como antes, W = +30 kJ.
Comentarios:
1. En cada caso, el trabajo para el proceso puede interpretarse como el área bajo la curva que representa al proceso en
el respectivo diagrama p-V. Nótese que las áreas relativas están de acuerdo con los resultados numéricos.
2. No es necesario identificar el gas (o liquido) contenido dentro del dispositivo cilindro-pistón. Los valores calculados
para W quedan determinados por el recorrido del proceso y los estados extremos. Sin embargo, si se desean evaluar
otras propiedades tales como la temperatura, deben ser conocidas tanto la naturaleza como la cantidad de la
sustancia para poder utilizar las adecuadas relaciones entre las propiedades de dicha sustancia en particular.
3. La consideración de proceso politrópico es significativa. Si la relación presión-volumen dada se hubiese obtenido
como un ajuste experimental de datos presión-volumen , el valor de J p dV hubiera proporcionado una estimación
plausible del trabajo sólo cuando la presión medida fuese esencialmente igual a la ejercida en la cara interna del pis
tón.
Alargamiento de una barra. Sea un sistema consistente en una barra bajo tensión,
según muestra la Fig. 2.7. La barra está fija en x = O, y se aplica una fuerza F en el otro
extremo.
Representemos a la fuerza por F = crA donde A es el área de la sección de la barra y cr es
el esfuerzo normal actuando en el extremo de la barra. El trabajo hecho cuando el
extremo de la barra se desplaza una distancia dx, viene dado por OW = -<JA dx. El signo
menos es necesario ya que el trabajo se hace sobre la barra cuando dx es positivo. El
trabajo para un cambio de longitud desde x 1 a x2 se calcula integrando:
W= -Jx crA dx
X
2 (2.18)
La Ec. 2.18 para un sólido es la equivalente de la Ec. 2.17 para un gas en una expansión
o compresión .
Alargamiento de una película de líquido. La Fig. 2.8 muestra un sistema que consiste
en una película líquida suspendida sobre un cuadro de alambre. Las dos superficies de la
película soportan la capa delgada de líquido en el interior debido a la tensión superficial
producida por las fuerzas microscópicas entre las moléculas próximas a la interfase líqui
do-aire. Estas fuerzas dan lugar a una fuerza perpendicular a cualquier línea en la superfi
cie, medible macroscópicamente. La fuerza por unidad de longitud a lo largo de tal línea
es la tensión superficial. Si llamamos 't a la tensión superficial que actúa en el alambre
Marco rígido de
alambre
Alambre móvil
F
La energía y el primer principio de la 45
Termodinámica FIGURA 2.8 Deformación de una película líquida.
46 La energía y el primer principio de la Termodinámica
+
Motor
móvil, la fuerza F indicada en la figura puede expresarse como F = 2/'t, donde el factor
2
se introduce por ser dos las superficies de la película que actúa sobre el alambre. Si el
alambre móvil se desplaza una distancia dx, el trabajo viene dado por 8W = -2/'t dx. El
signo menos es necesario porque el trabajo se hace sobre el sistema cuando dx es
positiva.
Correspondiendo al desplazamiento dx hay un cambio en el área total de la superficie en
contacto con el alambre, dA = 2/ dx, de modo que la expresión para el trabajo puede
escribirse también como 8W = -'t dA. El trabajo para un aumento en el área de la
superficie desde A 1 a A2 se calcula integrando esta expresión
W = -f 't dA (2.19)
La Fig. 2.9 muestra un gas agitado por una rueda de paletas como ejemplo de lo
anterior. En principio, la potencia transmitida por la rueda de paletas al gas puede
evaluarse en términos de fuerzas y movimientos en la superficie de separación entre la
rueda de paletas y el gas. Sin embargo, debido a la complejidad asociada con el
movimiento del gas y la fricción , este tipo de análisis corresponde a un curso de
Mecánica de Fluidos, donde se estudian en detalle las resistencias dentro de fluidos en
movimiento.
Trabajo eléctrico. La Fig. 2.10 muestra un sistema que consiste en una celda
electrolí tica. La celda está conectada a un circuito externo a través del que se le
46 La energía y el primer principio de la Termodinámica
suministra una corriente eléctrica. El trabajo se hace sobre el sistema cuando los
electrones cruzan su frontera en respuesta a la fuerza asociada con un campo
eléctrico. Macroscópicamente, el flujo de.electrones se manifiesta como una
corriente eléctrica , i, originada por la
La energía y el primer principio de la 4
Tennodinámica 7
Célula
electrolftica
FIGURA 2.10 Célula electrolítica utilízada para explicar
1
··"=--=--=--=--=--=--=--=----....._.J J el trabajo eléctrico.
diferencia de potencial eléctrico E existente entre los tenninales a y b. Que este tipo de
interacción puede clasificarse como trabajo se deduce del criterio termodinámico dado
previamente : independientemente de la naturaleza del sistema en estudio, puede consi
derarse que la corriente podría suministrarse a un motor eléctrico para que elevara una
masa en el entorno.
La velocidad a la que el trabajo se ejecuta, o sea la potencia, es
W = -Ei (2.21)
8W = -EdZ (2.22)
8W =-E dZ (2.23)
8W = -E · d(VP) (2.24)
donde el vector E es la intensidad del campo eléctrico dentro del sistema, el vector P es
el momento dipolar eléctrico por un dad de volumen y V es el volumen del sistema. Una
La energía y el primer principio de la 49
Termodinámica
ecuación similar para la transferencia de energía por trabajo desde un campo magnético
uniforme cuando la magnetización aumenta ligeramente es
(2.25)
donde el vector H es la intensidad del campo magnético dentro del sistema, el vector M
es el momento dipolar magnético por unidad de volumen y f..1o es una constante, la
permeabilidad del vacío. El signo menos que aparece en las tres últimas ecuaciones está
de acuerdo con la convención de signos establecida previamente para el trabajo: W toma
un valor negativo cuando la transferencia de energía es hacia el sistema.
La semejanza entre las expresiones para el trabajo en los procesos cuasiestáticos
considerados hasta aquí merece destacarse. En cada caso, la expresión del trabajo
aparece escrita como el producto de una propiedad intensiva por la diferencial de una
propiedad extensiva. Esto es evidente en la siguiente expresión, que recoge varios de
estos trabajos incluidos simultáneamente en un proceso:
(2.27)
donde Wad representa el trabajo neto para cualquier proceso adiabático entre dichos
estados. El signo menos delante del término trabajo en la Ec.2.27 está de acuerdo con el
convenio de signos defmido previamente.
50 La energía y el primer principio de la Termodinámica
Puesto que puede ser asignado .cualquier valor arbitrario E1 a la energía de un
sistema
en un estado dado 1, no puede atribuirse ningún significado especial al valor de la
energía
La energía y el primer principio de la 5
Termodinámica 1
o (2.28)
Hasta ahora hemos considerado de modo cuantitativo sólo aquellas interacciones entre
un sistema y su entorno que pueden clasificarse como trabajo. Pero los sistemas cerrados
pueden también interaccionar con su entorno en una fonna que no puede identificarse
como trabajo. Un gas (o líquido) contenido en un recipiente cerrado y siguiendo un
proceso en el que interacciona con una llama a temperatura mucho mayor que la del gas
es un ejemplo de la afirmación anterior. Este tipo de interacción se llama interacción
térmica y el proceso puede identificarse como un proceso no adiabático. El cambio en la
energía del sistema en un proceso no adiabático no puede calcularse exclusivamente en
función del trabajo realizado. El objeto de esta sección es introducir el modo de evaluar
pero
(2.29)
que establece que el cambio en la energía del sistema es igual a la transferencia neta de
energía al sistema, como se ha indicado antes.
La Ec. 2.29 resume el principio de conservación de la energía para sistemas cerrados
de todo tipo. Numerosas .evidencias experimentales sirven de soporte a esta afirmación.
La aplicación de esta ecuación se discutirá en la Sec. 2.5 tras considerar con mayor
prqfundidad en la sección siguiente la transferencia de energía representada por Q.
54 La energía y el primer principio de la Termodinámica
Este convenio de signos para la transferencia de calor es el utilizado a lo largo del texto.
Sin embargo, como se indicó para el trabajo, a veces resulta conveniente mostrar la
direc ción de la transferencia de energía por una flecha incluida en el diagrama del
sistema. En este caso la transferencia de calor se considerará positiva en la dirección de
la flecha. En un proceso adiabático no hay transferencia de energía por calor.
El convenio de signos para la transferencia de calor es precisamente el contrario al
adoptado para el trabajo, donde un valor positivo de W significa una transferencia de
energía desde el sistema al entorno. Estos signos para calor y trabajo son el legado de
ingenieros y c1...,.1tíficos que estaban preocupados fundamentalmente por máquinas de
vapor y otros dispositivos que produjeran trabajo a partir de un aporte de energía por
transferencia de calor. En tales aplicaciones resultaba conveniente considerar como
cantidades positivas tanto el trabajo desarrollado como la energía aportada en forma de
calor.
El valor de la transferencia de calor depende de las características del proceso y no
sólo de los estados extremos. Al igual que el trabajo , el calor no es una propiedad y su
diferencial se escribe como oQ. La cantidad de energía transferida mediante calor para
un proceso viene dada por la integral
Q= f()Q
donde los límites quieren decir "desde el estado 1 al estado 2" y no se refieren a los
valores del calor en dichos estados. Como para el trabajo, la noción de "calor" en un
estado no tiene sentido y la integral nunca debería representar se como Q2 - Q 1•
La energía y el primer principio de la Termodinámica 55
rt2 .
Q =JI Q dt (2.30)
l¡
Para calcular la integral es necesario conocer cómo varía con el tiempo la velocidad de
transferencia de calor.
En algunos casos es conveniente utilizar el flujo de calor, i¡, que es la velocidad de
transferencia de calor J?Or unidad de superficie del sistema. La velocidad neta de
transferencia de calor Q se relaciona con el flujo de calor i¡ mediante la expresión
integral
(2.31)
Para calcular la transferencia de energía por calor son útiles diversos métodos basados en
la experiencia. Estos métodos reconocen dos mecanismos básicos de transferencia:
conducción y radiación térmica. Además, pueden obtenerse relaciones empíricas para
calcular transferencias de energía que incluyan ciertos modos combinados. A
continuación se presenta una breve descripción de cada uno de estos aspectos. Un
análisis más detallado corresponde a un curso de Transferencia de calor en ingeniería,
donde estos tópicos se estudian en profundidad .
La transferencia de energía por conducción aparece en sólidos, líquidos y gases. Po
demos pensar en la conducción como la transferencia de energía desde las partículas más
energéticas de una sustancia a las partículas adyacentes menos energéticas por las inter
acciones entre las partículas. La velocidad de transferencia de energía por conducción se
calcula macroscópicamente por la ley de Fourier. Consideremos como ejemplo el
sistema mostrado en la Fig. 2.12, en el que la distribución de temperatura es T(x). La
velocidad a la que la energía entra en el sistema, por conducción a través de una
superficie plana A perpendicular a la coordenada x, es, por la ley de Fourier,
·
Q ] =-KA dT J (2.32)
x dx x
--------1
1
1
1
._ Frontera
del
sistema
Qlx
Pared plana
(2.33)
(2.34)
2.4.3 Conclusión
El primer paso en un análisis termodinámico es defmir el sistema. Sólo después de que
la frontera del sistema ha quedado especificada se pueden considerar las posibles
interacciones en forma de calor con el entorno, pues éstas se calculan siempre en la
frontera del sistema. Coloquialmente, el término calor se utiliza a menudo cuando la
palabra energía sería la correcta termodinámicamente .Por ejemplo, puede oirse "cierra
58 La energfa y el primer principio de la
Termodinámica
La afirmación anterior enfatiza, con palabras, que la Ec. 2.29 es simplemente un balance
contable para la energía, un balance de energía. Dicho balance requiere que en cualquier
proceso de un sistema cerrado la energía del sistema aumente o disminuya en una
cantidad igual a la transferencia neta de energía a través de su frontera.
Introduciendo la Ec. 2.28 en la Ec.2.29 se obtiene una forma alternativa del balance
de energía:
EC + EP + U = Q - W (2.35)
Esta ecuación muestra que una transferencia de energía a través de la frontera del sistema
se manifestará por el cambio de una o más de las distintas formas macroscópicas de
energía: energía cinética, energía potencial gravitatoria y energía interna. Todas las
referencias previas a la energía como una magnitud conservativa son casos especiales de
esta ecuación, como comprobaremos enseguida.
La energía y el primer principio de la 59
Termodinámica
Las palabras cantidad neta utilizadas en la exposición anterior del balance de energía
deben interpretarse cuidadosamente, pues pueden darse transferencias de energía por
calor o trabajo simultáneamente en distintos puntos de la frontera de un sistema. En
algunos de ellos la transferencia de energía puede ser hacia el sistema, mientras que en
otros puede ser desde el sistema. Los dos términos en el lado derecho del balance reflejan
los resultados netos de todas las transferencias de energía por calor o trabajo, respec
tivamente, que han ocurrido durante el intervalo de tiempo considerado. Nótese que los
signos algebraicos delante de los términos calor y trabajo son diferentes. Esto es
consecuencia del convenio de signos adoptado previamente . Delante de W en la Ec. 2.35
aparece un signo menos porque la transferencia de energía por trabajo desde el sistema
hacia el entorno se ha tomado como positiva. Delante de Q aparece un signo más porque
se ha considerado positiva la transferencia térmica de energía hacia el sistema desde el
entorno.
M Q W
= - - -
ó.t ó.t ó.t
dE
= Q-W
dt
La energía y el primer principio de la 59
Termodinámica (2.37)
60 La energía y el primer principio de la Termodinámica
Las Ec. 2.35 a 2.38 suministran formas distintas del balance de energía que pueden
resultar puntos adecuados de arranque para aplicar el principio de conservación de la
energía a sistemas cerrados. En el Cap. 4 el principio de conservación de la energía se ex
presará en forma adecuada al análisis de volúmenes de control (sistemas abiertos). Cuan
do se aplica el balance de energía en cualquiera de sus formas es importante extremar la
precaución tanto en los signos como en las unidades y distinguir cuidadosamente entre
velocidades y cantidades. Además, es importante ver que la localización de la frontera
del sistema puede ser significativa para determinar si una transferencia de energía en
particular debe considerarse como calor o trabajo. Para ilustrar esto, consideremos la
Fig. 2.14, en la que se recogen tres sistemas alternativos que incluyen una cantidad de gas
(o líquido) en un recipiente rígido y bien aislado. En la Fig. 2.14a, el sistema es el propio
gas. Como hay un flujo de corriente a través de la placa de cobre, hay una transferencia
de energía desde la placa de cobre al gas. Puesto que la transferencia de energía es una
consecuencia de la diferencia de temperaturas entre la placa y el gas la clasificaremos
como transferencia de calor. A continuación nos referiremos a la Fig. 2.14b, donde se ha
elegido la frontera de modo que incluya la placa de cobre. Se deduce de la definición
termodinámica de trabajo que la transferencia de energía que ocurre, cuando la corriente
cruza la frontera de este sistema, debe considerarse como trabajo. Finalmente, en la
Fig. 2.14c, la frontera se ha localizado de modo que no hay transferencia de energía en
ninguna de sus formas.
Hasta aquí hemos sido cuidadosos al hacer énfasis en el hecho de que las
cantidades simbolizadas por W y Q en las ecuaciones anteriores representan
transferencias de energ ía y no transferencias de trabajo y calor, respectivamente.
Los términos trabajo y calor representan diferentes modos por los que la energía es
transferida y no aquello que es transferido.Sin embargo, por razones de economía en
la expresión, W y Q se utilizarán a menudo, en discusiones sucesivas, simplemente
60 La energía y el primer principio de la Termodinámica
como trabajo y calor,respectivamente . Esta forma de hablar más coloquial es
utilizada frecuentement e en el ámbito de la inge niería.
La energía y el primer principio de la 6
Tennodinámica 1
Placa de
cobre
r-:"',.,.,.,...,,.,.,..,.'=,...,.,..,.,""'"""
Masa
r -----------------------------------1
1 1
1 1
1 1
1
1
1
l =.:a..L.u::.;.:.o.;.:..;..u.;¡.
1
1
1
1
1
1
1 Frontera del FIGURA 2.14 Distintas opciones para la fron
1 sistema 1 1
(e)
2.5.2 Ejemplos
Los ejemplos que siguen aportan muchas ideas importantes en relación con la energía y
el balance de energía. Deberían estudiarse cuidadosamente y utilizar métodos equivalen
tes para resolver los problemas propuestos al final del capítulo.
En el primer ejemplo, un sistema es sometido a un proceso en el que los cambios en
las energías cinética y potencial son importantes. Sin embargo, en este libro la mayor
parte de las aplicaciones del balance de energía no incluyen cambios significativos de
las energías cinética o potencial. Así, para facilitar las soluciones de muchos ejemplos y
La energía y el primer principio de la 6
Tennodinámica pro blemas de final de capítulo, se indica habitualment e en la defmición del problema
1
que
62 La energla y el primer principio de la
Tennodinámica
EJEMPLO 2.2
Un sistema cerrado inicialmente en reposo sobre la superficie de la Tierra es sometido a un proceso en el que recibe
una transferencia neta de energía por trabajo igual a 200 kJ. Durante este proceso hay una transferencia neta de energía
por calor desde el sistema al entorno de 30 kJ. Al fmal del proceso, el sistema tiene una velocidad de 60 m/s y una
altura de 60 m. La masa del sistema es 25 kg, y la aceleración local de la gravedad es •g = 9,8 rn/s2 Determínese el
cambio de la
energía interna del sistema para el proceso, en kJ.
SOLUCIÓN:
Conocido: Un sistema de masa conocida realiza un proceso cuyas cantidades de transferencia de calor y trabajo son
conocidas. Las velocidades inicial y final y las alturas también son conocidas.
Se debe hallar: El cambio en la energía interna del sistema.
Datos conocidos y diagramas:
60m
·Contorno
Consideraciones:
l. El sistema considerado es un sistema cerrado.
2. Al finalizar el proceso el sistema se mueve con velocidad uniforme.
3. La aceleración local de la gravedad es constante e igual a 9,8 m/s2.
La energía y el primer principio de la 63
Termodinámica
donde los cambios de energías cinética y potenCial pueden expresarse, respectivamente, según
EC =;1m(C2 2 - 1C2)
EP = mg ( z2 - z 1)
Resolviendo para U.
2 2 2
- (25 kg) (60 ) (m / s )
= + (110,3 kJ)
Comentarios:
l. El signo positivo de llU indica que la energía interna del sistema aumenta durante el proceso.
2. El análisis puede resumirse con la siguiente hoja de cálculo para el balance de energía en término de magnitudes
energéticas
+ 170,0 kJ
Las entradas netas exceden en 170 kJ a las salidas netas, y la energía del sistema aumenta en dicha cantidad.
64 La energfa y el primer principio de la
Termodinámica
EJEMPLO
2.3
Considerar 5kg de vapor de agua contenidos dentro de un dispositivo cilindro-pistón. El vapor sufre una expansión
desde el estado 1, donde la energía interna específica (energía interna por unidad de masa) es u1 = 2709,9 kJ/kg, hasta
el estado 2, donde u2 = 2659,6 kJ/kg. Durante el proceso, hay una transferencia de calor al vapor de magnitud
igual a 80 kJ. Además con una rueda de paletas se transfiere energía al vapor mediante trabajo por un valor de 18,5
kJ.No hay cambios
significativos en las energías cinética y potencial del vapor. Calcúlese, en kJ, la cantidad de energía transferida por trabajo
desde el vapor aJ pistón durante el proceso.
SOLUCIÓN
Conocido: Una cantidad fija de vapor sufre una expansión en un dispositivo cilindro-pistón desde el estado 1 al
estado
2. Durante el proceso hay una transferencia conocida de calor y una transferencia conocida de trabajo mediante una rueda
de paletas. También se conoce el cambio en la energía interna específica del vapor.
Se debe hallar: La cantidad de energía transferida al pistón por trabajo durante la expansión.
Datos conocidos y
diagramas:
Frontera del
u1 = 2709,9 kJ/kg
u2 = 2659,6 kJ/kg
wrp = - 18,5 kJ
Figura E.2.3
Consithraciones:
l. El vapor es un sistema cerrado.
2. No hay cambio en su energía cinética y potencial.
o o
/c +llU = Q - W
donde las energías cinética y potencial se anulan por la hipótesis dos. Así, escribiendo !lU en términos de las energías
internas específicas, el balance de energía se transforma en
64 La energfa y el primer principio de la
m(u Termodinámica
donde m es la masa del sistema. 2 -u)= Q- W
La energía y el primer principio de la 65
Tennodinámica
El símbolo W representa el trabajo neto del sistema. Este trabajo es la suma del trabajo asociado con la rueda de pa
letas, Wrp, y el asociado con el pistón , Wpistón·
w = wrp + wpistón
A partir de la información dada tendremos Wrp = -18,5 kJ, donde el signo menos aparece porque el flujo de energía es
hacia el sistema.El signo para Wpistón podrá interpretarse una vez se haya calculado su valor. Incorporando la expresión
anterior para el trabajo al balance de energía, éste se transforma en
Calculando Wpistón•
Sustituyendo
valores,
Comentarios:
1. El signo positivo de Wpistón indica que la transferencia de energía es desde el vapor al pistón cuando el sistema se
expand e durante este proceso.
2. En principio , la transferencia de energía al pistón mediante trabajo podría calcularse a partir de f p dV . Sin
embargo,
este planteamiento no se incorpora aquí porque no son conocidos los datos que relacionan la presión del vapor sobre
el pistón móvil con el volumen ocupado por el vapor.
3. El análisis puede resumirse con la siguiente "hoja de balance"para la energía en términos de magnitud es
energéticas
Entradas Salidas
18,5 (trabajo de la rueda de 350 (trabajo en el pistón)
paletas) 80,0 (transferencia de
calor)
La salida neta excede al total de entradas, y la energía del sistema decrece según:
EJEMPLO
2.4
Cuatro kilogramos de un cierto gas están contenidos dentro de un dispositivo cilindro-pistón. El gas sufre un proceso
para el que la relación presión-volumen es
15
pV • =constante
La presión inicial es 3 bar, el volumen inicial es 0,1 m 3, y el volumen final es 0,2 m3• La variación en la energía
interna específica del gas en este proceso es u2 - u 1 =- 4,6 kJ/kg. No hay cambios significativos en las energías
cinética y po tencial. Determínese la transferencia neta de calor durante el proceso, en kJ.
SOLUCIÓN
Conocido: Un gas dentro de un dispositivo cilindro-pistón sufre un proceso de expansión para el que se especifican la
relación presión-volumen y el cambio en la energía interna específica.
Se debe hallar: La transferencia neta de calor en el proceso.
Datos conocidos y
diagramas:
p
u2 - u1 =- 4,6 kJ/kg
V Figura E.2.4
Consideraciones:
l. El gas es un sistema cerrado.
Análisis: Puesto que no hay cambios en las energías cinética y potencial, el balance de energía para el sistema cerrado,
se reduce a
66 La energfa y el primer principio de la
óU=Q-W Tennodinámica
La energía y el primer principio de la 67
Termodinámica
Resolviendo para
Q,
El valor del trabajo para este proceso se calcula en la solución de la parte (a) del ejemplo 2.1: W = +17,6 kJ. El
cambio
en la energía interna se obtiene sustituyendo los datos en
Sustituyendo valores
Comentarios
:
l. El signo menos para el valor de Q indica que se ha transferido una cantidad neta de energía desde el sistema al
entorno mediante transferencia de calor.
2. La relación dada entre la presión y el volumen permite representar el proceso mediante un recorrido mostrado en el
diagrama de la Fig. E2.4. El área bajo la curva representa el trabajo. Puesto que ni W ni Q son propiedades, sus valores
dependen de los detalles del proceso y no se pueden determinar sólo a partir de los estados extremos.
3. Ver el comentario 3 del ejemplo 2.1.
EJEMPLO
2.5-
La velocidad de transferencia de calor entre un motor eléctrico y su entorno varía con el tiempo según la expresión:
donde t se da en segundos y Q se da en kilowatios. El eje del motor gira con velocidad constante ro = 100 rad/s (unas
955 r.p.m.) y suministra un momento constante]= 18 N·m a una carga externa. El motor consume una potencia eléctrica
constante igual a 2,0 kW. Obténgase una expresión para la velocidad de cambio de la energía del motor.
SOLUCIÓN
Conocido: Un motor consume una potencia eléctrica constante y trabaja con velocidad en el eje y momento aplicado
La energía y el primer principio de la 67
Termodinámica
constantes. La velocidad de transferencia de calor entre el motor y su entorno es un dato conocido.
J = 18N ·m
ro = 100 rad/s
Q = -0,2 [1 - e (-O.OSt )) kW
0,2
dE (kW)
dt
0,1
20 40 60 80
r (s)
Figura E.2.5
100
· ·
dE = Q-W
- dt
. .
W representa la potencia neta desde el sistema: Suma de la potencia asociada con el eje, Weje• y la potencia asociada con
la corriente eléctrica, Welect.
La potencia Welect se suministra en el enunciado: Wetect = -2,0 kW, donde el signo negativo es preciso puesto que la
energía es suministrada al sistema mediante un trabajo eléctrico. El término Weje puede calcularse con la Ec. 2.20
según
Esta transferencia de potencia es positiva ya que la energía abandona el sistema a través del eje giratorio.
En resumen,
donde el signo menos indica que la potencia eléctrica suministrada es mayor que la potencia transferida mediante el eje.
Con el resultado anterior para W y la expresión para Q, el balance de potencia será:
como sigue:
1 . t
o
=
Q-W
Q = - 0,2 kW
(El mismo resultado se obtendría tomando el límite, cuando t oo, en la expresión dada para la variación de Q con
el tiempo.) Este valor constante para el ritmo de transferencia de calor puede considerarse como la porción de
poten cia eléctrica sumi i strada que no se transforma en potencia mecánica por efectos dentro del motor tales
como la re sistencia eléctrica y el rozamiento.
2.6.1 Introducción
El balance de energía para un sistema que describe un ciclo termodinámico toma la
forma
(2.39)
donde Qciclo y Wciclo representan las cantidades netas de energía transferidas por calor y
trabajo, respectivamente, por el ciclo. Puesto que el sistema recupera su estado inicial al
final del ciclo, no hay cambio neto en su energía. Por tanto, el primer miembro de la Ec.
2.39 es igual a cero, y la ecuación queda reducida a
wciclo (2.40)
Obsérvese atentamente que al usar los símbolos Qe y Q5 en la Fig. 2.15 nos hemos
apartado del convenio de signos establecido previament e para la transferencia de calor.
La energía y el primer principio de la 7
Tennodinámica 1
Qs (2.43)
1 - - (ciclo de potencia)
Qe
Puesto que la energía se conserva, se deduce que el rendimiento ténnico nunca puede
ser mayor que la unidad (100%). Sin embargo, la experiencia con ciclos reales de
potencia muestra que el valor del rendimiento ténnico es invariablemente menor que la
La energía y el primer principio de la 7
Tennodinámica 1
unidad . Es decir, no toda la energía añadida al sistema mediante transferencia de calor
se convierte en trabajo; una parte es enviada al cuerpo frío mediante transferencia de
calor. Mostra
remos en el Cap. 5, mediante el segundo principio de la Tennodinámica , que la conver
( sión de calor en trabajo no puede conseguirse en su totalidad por ningún ciclo de
poten
cia. El rendimiento ténnico de cualquier ciclo de potencia debe ser menor que la
unidad.
72 La energía y el primer principio de la
Termodinámica
Puesto que Wciclo es positivo en esta ecuación, se deduce que Q8 es mayor que Qe.Nótese
que el sistema que recorre el ciclo debe estar a una temperatura menor que la del cuerpo
frío durante la porción de ciclo en la que se produce la transferencia de calor Qe. La
temperatura del sistema debe ser mayor que la del cuerpo caliente durante la porción de
ciclo en la que se produce Q5 •
Aunque hasta aquí los hemos tratado como idénticos, los ciclos de refrigeración y de
bomba de calor tienen realmente distintos objetivos. El de un ciclo de refrigeración es
enfriar un espacio refrigerado o mantener la temperatura en una vivienda u otro edificio
por debajo de la del entorno. El objetivo de una bomba de calor es mantener la
temperatura en una vivienda u otro edificio por encima de la del entorno o proporcionar
calefacción para ciertos procesos industriales que suceden a elevadas temperaturas.
Puesto que los ciclos de refrigeración y bomba de calor tienen diferentes objetivos, sus
parámetros de eficiencia, llamados coeficientes de operación, se definen de modo
diferente.
La eficiencia de los ciclos de refrigeración puede describirse como el cociente entre
la cantidad de energía recibida desde el cuerpo frío por el sistema que desarrolla el
ciclo, Qe, y la transferencia neta de trabajo, Wciclo• al sistema que se precisa para
conseguir ese efecto. Así, el coeficiente de operación, . es
la transferencia neta de trabajo al sistema necesaria para conseguir ese efecto, WcicJo· Así,
el coeficiente de operación, y, es
Q (2.47)
y = -- (ciclo de bomba de calor)
wcic lo
Introduciendo la Ec. 2.44 obtenemos una expresión alternativa para este coeficiente de
operación
Qs (2.48)
'Y = (ciclo de bomba de
calor)
Qs -Qe
En esta ecuación puede verse que el valor de y nunca es menor que la unidad. Para
bombas de calor de uso residencial , la cantidad de energía Qe se obtiene normalmente de
la atmósfera en el entorno, el subsuelo o una masa próxima de agua. El Wciclo se obtiene
habitualmente del suministro eléctrico.
Los coeficientes de operación y y se defmen como los cocientes entre el efecto de
transferencia de calor deseado y el coste en términos de trabajo necesario para conseguir
este efecto. De acuerdo con estas defmiciones es deseable, termodinámicamente, que
estos coeficientes tengan valores tan grandes como sea posible. Sin embargo, según
analizamos en el Cap. 5, los coeficientes de operación deben satisfacer restricciones
impuestas por el segundo principio de la Termodinámica.
74 La energía y el primer principio de la
Tennodinámica
PROBLEMAS
2.1 Un objeto cuya masa es 100 lb sufre una reducción en su interna del pistón está en x = O. El muelle no ejerce ninguna
energía cinética de 500 ft·lbf debido a la acción de una fuerza
fuerza resultante. Inicialmente la velocidad es 50 ft/s. No
hay cambios de altura ni hay otras interacciones entre el
objeto y su entorno. Determine la velocidad final en m/s.
2.2 Un objeto de masa 10 kg, inicialmente en reposo, se acelera
hasta una velocidad final de 100 m/s. ¿Cuál es el cambio
en la energía cinética del objeto, en kJ?
2.3 Un objeto cuya masa es 2.000 kg se mueve a una
velocidad de 50 m/s y una altitud de 400 m, ambos medidos
respecto a la superficie de la Tierra. La aceleración de la
gravedad puede tomarse como constante con g = 9,7 m/s2•
(a) Si la energía cinética aumentase en 2.400 kJ sin
cambio en la elevación , ¿cuál sería la velocidad
fmal, en m/s?
(b) Si la energía potenc ial aumentase en 2.400 kJ, sin
cambio en la velocidad, ¿cuál sería la altura fmal, en
m?
kW, mientras que la potencia desarrollada por el sistema estado fmal u2 = 2.124,6 kl/kg. Despreciando cambios en la
varía con el tiempo de acuerdo con energía cinética y potencial, calcúlese la transferencia de
calor, en kJ, para el vapor considerado como sistema.
{+2,4t O<t:s;lh 2.31 Un gas está contenido en un dispositivo cilindro
.
w = +2,4 t>lh pistón como 1 de la Fig. P2.31. Inicialmente, la cara
interna del pistón está en x = O, y el muelle no ejerce
fuerza alguna
donde t viene en horas y W en kW. sistema al cabo de 2 h, en kJ.
(a) ¿Cuál es la velocidad de cambio de la energía del 2.27 Un gas en un dispositivo cilindro-pistón se comprime
sistema para t = 0,6 h, en kW? desde p 1 = 3,4 bar, V 1 = 0,0283 m3 basta p2 = 8,2 bar en un
(b) Determine el cambio producido en la energía del
7 La energía y el primer principio de la Termodinámica
6
sobre el pistón.Como resultado de la transferencia de fuerza ejercida por el muelle sobre el pistón cuando el gas
calor el gas se expande elevando al pistón hasta que se expande varía lineal
tropieza con los topes. En ese momento su cara interna mente con x
se encuentra en x = 0,05 m y cesa el flujo de calor. La según
Fmuelle = kx •
La energía y el primer principio de la 77
Tennodinámica
donde k = 10.000 N/m. El rozamiento entre el pistón y la No hay cambios apreciables en la energía cinética o
pared del cilindro puede ser despreciado. La aceleración po
de la gravedad es g = 9,81 rn/s2 Otra información se tencial
•
.
incluye en la Fig. n.31.
(a) Represente el ciclo en un diagrama p-V.
(a) ¿Cuál es la presión inicial del gas, en kPa?
(b)Calcule el trabajo neto para el ciclo, en kJ.
(b) Determine el trabajo hecho por el gas sobre el
pistón , (e) Calcule el calor transferido en el proceso 1-2, en
kJ.
en J.
(e) Si las energías internas específicas del gas en 2.33 El trabajo neto de un ciclo de potencia que opera como
los estados inicial y fmal son 214 y 337 kJ/kg, muestra la Fig. 2.15aes 10.000 kJ, y su rendimient o
respecti vamente, calcule el calor transferido , en J. térmico es 0,4. Determine las transferencias de calor Qe y
Q5, en kJ.
2.34 Para un ciclo de potencia que opera como muestra la Fig.
p = 1 bar 2.15a, el calor total transferido al ciclo, Qe, es 500 MJ.
a1m 2
Apist = 0,0078 m
mpist = 10 kg ¿Cuál es el trabajo neto desarrollado, en MJ, si el rendi
miento térmico es el 30%?
2.35 En una central eléctrica de carbón, ¿qué elementos
hacen la función de los focos caliente y frío que aparecen
en la Fig. 2.15a?
2.36 En un frigorífico doméstico, ¿qué elementos hacen la
función de los focos caliente y frío que aparecen en la Fig.
2.15b?
2.37 En un acondicionador de aire de ventana, ¿qué elementos
hacen la función de los focos caliente y frío que aparecen
en la Fig. 2.15b?
2.38 Un ciclo de potencia opera en forma continua y recibe
energía por transferencia de calor a un ritmo de 75 kW.Si el
Figura P2.
31 rendimiento térmico del "Ciclo es de un 33%, ¿cuál es la
potenc ia producida , en kW?
2.39 Un ciclo de refrigeración que opera como en la Fig.
2.32 Un gas recorre un ciclo termodinámico que consiste en
2.15b, tiene como transferencias de calor Qe = 2.000 Btu
los siguientes
procesos: y Q5 = 3.200 Btu. Determine el trabajo neto que se precisa
, en kJ, y el coeficiente de operación del ciclo.
Proceso 1-2: presión constante, p = 1,4 bar, V1 = 0,028
2.40 El coeficiente de operación de un ciclo de bomba de calor
m3, W12 = 10,5 kJ.
que opera como en la Fig. 2.15b es 3,5 y el trabajo neto
Proceso 2-3: compresión con p V =cte., U3 =
U2•
suminist rado es 5.000 kJ. Determine las transferencias
Proceso 3-1: volumen constante, U1 - U3 = -26,4 de calor Qe y Q5, en kJ.
kJ.
2.1 El uso eficaz de nuestros recursos energéticos es un (a) Resuma en un g ráfico tipo tarta los datos sobre
importante objetivo social. el uso de combustibles en tu comunidad
La energía y el primer principio de la 77
Tennodinámica
autónoma, en los sectores residencial , comercial , transporte. ¿Qué factores pueden afectar la
industrial y de dispo nibilidad futura de dichos combustibles?
¿Existe una política energética escrita en su
comunidad autó noma? Analícelo.
(b) Determine los usos actuales de la energía solar, hi
droeléctrica y eólica en su región.Analice los
facto-
7 La energía y el primer principio de la Tennodinámica
8
PROPIEDADES DE UNA
SUSTANCIA PURA, SIMPLE
Y COMPRESIBLE
Para aplicar el balance de energía a un sistema es preciso cooocer sus propiedades y
eólllo se relacionan entre sí. El objetivo de este capítulo es introducir relaciones entre
las propiedades relevantes para la Termodinámica técnica. Lapresentación comienza
con el principio de estado, que tiene qoe ver con algunos aspectos generales de las
relaciones en tre las propiedades de los sistemas. Después se hace referencia a las
propiedades de los sistemtiS simples compresibles constituidos por sustancias puras,
ya que este caso es espe cialmente importante en la práctica en ingenierfa. Como parte
de la presentación se in cluyen varios ejemplos que ilustran el uso del balance de
energía para sistemas cerrados introducido en el Cap. 2,junto con las relaciones entre
propiedades introducidas en este capítulo.
80 Propiedades de umrsustancia pura, simple y compresible
En esta sección empezamos el análisis de las propiedades de los sistemas simples com
presibles constituidos por sustancias puras y las re!aciones entre dichas propiedades,
comenzando por la presión, el volumen específico y la temperatura. La experiencia nos
muestra que la temperatura y el volumen específico pueden considerarse independientes
y la presión determinarse como una función de ambas: p = p(T,v). La gráfica de una
función tal es una superficie, la superficie p-v-T.
La Fig. 3.1 es la superficie p-v-T de una sustancia tal como el agua que se expande al
congelarse. La Fig. 3.2 corresponde a una sustancia que se contrae al congelarse, carac
terística ésta que se da en la mayor parte de·las sustancias. Las coordenadas de un punto
de la superficie p-v-T representan los valores que tendrían la presión, el volumen
específic y la temperatura cuando la sustancia estuviera en equilibrio.
En las superficies p v-T de las Figs. 3.1 y 3.2 hay regiones rotuladas sólido, líquido
y vapor.En estas regiones de una solafase el estado queda definido por cualesquiera
dos de las propiedades presión, volumen específico y temperatura, puesto que todas
éstas son independientes cuando sólo hay una fase presente. Localizadas entre las
regiones mono fásicas hay regiones bifásicas donde se presentan dos fases en
equilibrio: líquido-vapor, sólido-líquido y sólido-vapor. Las dos fases pueden
coexistir durante cambios de fase tales como vaporización, fusión y sublimación.
Dentro de las regiones bifásicas la presión y la temperatura no son independientes;
una no puede cambiar sin cambiar la otra también. En estas regiones el estado no
puede fijarse por la temperatura y la presión; en cambio queda fijado con elv:olumen
específico y la presión o la temperatura. Tres fases
. pueden existir en equilibrio sólo a lo largo de la línea denominada línea triple.
i, Un estad -o en el ue emeza fase
- --
t mina un cambio de
se
denomina estado de satu-
o
er
.. racióf}. La región on fonna dedomo compuesta.de estados bifásicos líquido-vapor reci-
82 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
e:
-o
·¡¡;
a..
{a)
e:
-o
·¡¡;
e: Líquido
Sólido a..
-
a..
apor
FIGURA 3.1 Superficie p-v- T y sus proyecciones para una sustancia que se expande al congelarse.
(a) Perspectiva tridimensional. (b) Diagrama de fases. (e) Diagrama p-v.
be el nombre de domo de vapor. Las líneas que bordean el domo de vapor se llaman
líneas de líquido saturado y de vapor saturad o. En el extremo del domo, donde se
unen las líneas de líquido saturado y de vapor saturado, está el punto crítico.La
temperatura crítica Te de una sustancia pura es-la temperatura máxima en la que
pueden coexistir las fases de líquido y vapor en equilibrio. La presión del punto
crítico se llama presi ón crítica, Pe· El volumen específico en este estado es el
volumen específico crítico. Los valores de las propiedades del punjo crítico para un
conjunto de sustancias aparecen en la Tabla A-1 recogida en el Apéndice. ·
Propiedades de una sustancia pura, simple y 83
compresible
e Sólido Línea de
•O
· ¡¡; presión constante
Q)
a:
(a)
S
L
e Líquido e
- o -o
·¡ ¡; Punto ·¡¡;
Sólido
a. L •crítico a.
V
Vapor
•
S Punto triple Sólido-vapor
V
Volumen específico
Temperatura
(e)
(b)
FIGURA 3.2 Superficie ¡rv-T y sus proyecciones para una sustancia que se contrae al congelarse.
(a) Perspectiva tridimensional. (b) Diagrama de fases.(e) Diagrama ¡rv.
•'
muestran las Figs. 3.1b y 3.2b. Un punto de cualquiera de estas líneas representa todas
las mezclas bifásicas a la temperatura y presión correspondientes a ese punto.
El término temperatura de saturación designa la temperatura a la que el cambio de
fase tiene lugar para una presión determinada, llamada pr esión de saturación a dicha
tem peratura. Como resulta evidente en el diagrama de fases, para cada presión de
saturación hay una única temperatura de saturación, y viceversa.
La línea triple de la superficie tridimensional p-v -T se proyecta en un punto sobre
el
diagrama de fases. Este punto se llama punto triple. Recordemos que el punto triple del
agua se utiliza como estado de referencia a la hora de definir las escalas de temperaturas
(Sec. 1.5). Por convenio, la temperatura asignada al punto triple del agua es 273,16 K
(491,69°R). La presión medida en el punto triple del agua es 0,6113 kPa (0,00602 atm).
La línea que representa la región bifásica sólido-líquido sobre el diagrama de fases
se inclina a la izquierda para sustancias que se expanden al congelarse y a la derecha
para aquellas que se contraen. Aunque en el diagrama de fases de las Figs. 3.1 y 3.2 se
muestra una sola región para la fase sólida, los sólidos pueden existir en diferentes
fases sólidas. Por ejemplo,.para el agua en estado sólido (hielo) se han identificado
siete formas cris- talinas diferentes.
/
El diagrama p-v. Proyectando la superficie p-v-T sobre el plano presión-volumen es
pecífico se obtiene el diagramap-v, representado en las Figs. 3.1c y 3.2c. Los términos
que aparecen en dichas figuras ya han sido definidos.
Al resolver problemas resulta conveniente, con frecuencia, emplear un esquema del
diagrama p-v. Para facilitar el uso de un esquema así nótese la forma de las líneas de
tem peratura constante (isotermas). Inspeccionando las Figs. 3.1c y 3.2c puede verse
que para cualquier temperatura menor que la temperatura crítica la presión permanece
constante mientras se atraviesa la región bifásica líquido-vapor ,pero en las regiones
de fase líquida o fase vapor la presión disminuye para una temperatura dada cuando el
volumen especí fico aumenta. Para temperaturas mayores que, o iguales a la
temperatura crítica, la pre sión disminuye continuamente para una temperatura dada
cuando aumenta el volumen específico. En este caso no se atraviesa la región
bifásica líquido-vapor. La isoterma crítica presenta un punto de inflexión en el punto
triple y su pendiente aquí es cero.
El diagrama T-v. Proyectando las regiones de líquido, bifásica líquido-vapor, y de
vapor de la superficie p-v-T sobre el plano temperatura-volumen específico se obtiene
el diagrama T-v representado en la Fig. 3.3. Puesto que el comportamiento p-v -T de
todas la sustancias puras revela características similares, la Fig. 3.3 que muestra un
diagrama T-v para el agua puede considerarse representativa de todas ellas.
Para la solución de los problemas resulta conveniente, a menudo, un esquema del
diagrama T-v, como con el diagrama p-v. Para facilitar el uso de este esquema nótese
la forma de las líneas de presión constante (isobaras) .Para presione s menores que la
presión crítica, como por ejemplo la isobara de 10MPa (98,7 atm) representada en la
Fig. 3.3, la temperatura permanece constante con la presión al atravesar la región
bifásica. En las regiones monofásicas de líquido y vapor la temperatura aumenta para
una presión dada cuando el volumen específico aumenta. Para presiones mayores
que, o iguales a la presión crítica, como por ejemplo la correspondiente a 50 MPa en
la Fig. 3.3, la tempe ratura aumenta continuamente para una presión dada cuando el
84 Propiedades de una sustancia pura, simple y
volumen específico también aumenta. En estos casos no se atraviesa la región bifásica
compresible
líquido-vapor.
Propiedades de una sustancia pura, simple y 8
compresible 5
10 MPa
Vapor
1,014bar .
S
2oo e
Volumen específico
FIGURA 3.3- Esquema de un diagrama temperatura-volumen específico para el agua mostrando las
regiones de líquido, bifásica líquido-vapor y de vapor (no a escala).
Vapor de agua
(a) (b)
(e)
FIGURA 3.4 Esquema del cambio de fase líquido-vapor,a presión constante,para el agua.
mvapor (3.1)
X = ------------
mlíquido + mvapor
10 MPa. A esta presión, el vapor se fonnará a una temperatura más alta que la del
ejem plo anterior, porque la presión de saturación es mayor (véase la Fig. 3.3). Por otra
parte, se producirá un incremento menor en el volumen específico desde líquido
saturado a vapor, como consecuencia del estrechamiento del domo de vapor. Fuera
de esto, el comportamiento general será el del ejemplo anterior. Consideremos ahora
el compor tamiento del sistema cuando se calienta a la presión crítica. Como puede
verse siguiendo la isobara crítica de la Fig. 3.3 no hay cambio de fase de líquido a
vapor. En todos los estados existe una única fase. La vaporización (y el proceso inverso
de condensación) se presentan sólo cuando la presión es menor que la presión crítica.
Cuando la temperatura y la presión son superiores a los respectivos valores críticos, los
ténninos líquido y vapor tienden a perder su significado. En tales estados una sustancia
es descrita más apropia damente por la denominación defluido.
Aunque el cambio de fase de líquido a vapor (vaporización) es el de mayor interés en
este libro, es también instructivo considerar el cambio de fase de sólido a líquido
(fusión) y de sólido a vapor (sublimación) . Para estudiar estas transiciones,
consideremos un sis tema consistente en una unidad de masa de hielo a una temperatura
por debajo de la tem peratura del punto triple. Empecemos con el caso en el que el
sistema se encuentra en el estado a de la Fig. 3.5, donde la presión es mayor que la
presión del punto triple. Supon gamos que el sistema se calienta lentamente
manteniendo su presión constante y unifonne en todo él. La temperatura aumenta con
el calentamiento hasta que se alcanza el punto b (Fig. 3.5). En este estado el hielo es
un sólido saturado. Si seguimos suministrando calor a presión constante se produce la
fonnación de líquido sin cambios en la temperatura. Siguiendo con el proceso de
calentamiento, el hielo continúa fundiendo hasta que en un momento dado se produce la
fusión completa y el sistema sólo contiene líquido saturado. Durante el proceso de
fusión la temperatura y la presión pennanecen constantes. Para la mayor parte de
las sustancias el volumen específico aumenta durante la fusión, pero para el agua el
volumen específico del líquido es menor
Fusión
e
Vapor
Punto triple
e'
Tablas de líquido y vapor.Las propiedades del vapor de agua se listan en la Tabla A-4
y las del agua líquida en la Tabla A-5. A menudo se las denomina tablas de vapor
sobrecalentado y tablas de líquido comprimido, respectivamente. La representación del
diagrama de fases de la Fig. 3.6 muestra la estructura de dichas tablas. Puesto que la
pre sión y la temperatura son propiedades independientes en las regiones monofásicas
de lí quido y vapor, pueden utilizarse para definir los estados en dichas regiones. Según
esto, las Tablas A-4 y A-5 se organizan para dar los valores de diferentes propiedade s
como función de la presión y la temperatura. La primera propiedad recogida es el
volumen específico. Las demás propiedades se discutirán en sucesivas secciones. Para
familiarizarse con las tablas se propone como ejemplo comprobar lo siguiente: la Tabla
A-4 da para el volumen específico del vapor de agua a 10,0 MPa y 600°C el valor
0,03837 m 3/kg. A 10,0 MPa y 100°C, la Tabla A-5 da para el volumen específico
del
agua líquida el valor 1,0385 x I0-3
m3/kg.
Para cada una de las presiones tabuladas, los valores dados en la tabla de vapor
sobre calentado empiezan con el estado de vapor saturado y a partir de ahí siguen
hacia temperatura s crecientes.El valor mostrado en paréntesis tras la presión en la
cabecera de la tabla es la correspondiente temperatura de saturación. Por ejemplo, en la
88 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible de saturación recogida es 99,63°C. Los
Tabla A-4 a la presión de 1bar la temperatura
datos en la tabla de líquido comprimido (Tabltt A-5) terminan en los estados de líquido
saturado.Es decir,
Propiedades de una sustancia pura, simple y 89
compresible
Punto crítico
Líquido •
Vapor
Sólido
Las tablas de vapor
e-t--- sobrecalentado dan
V, u, h, S FIGURA 3.6 Representación del diagrama de
a partir de p, T fases para el agua utilizado para
explicar la estructura de las
tablas de vapor sobrecalentado y
líquido comprimido (no a escala).
Temperatura
para una .presión dada los valores de las propiedades se dan con los incrementos de
temperatura hasta la temperatura de saturación. Como en las Tablas A-4, la
temperatura de saturación se muestra en el paréntesis a continuación de la presión.
Los estados obtenidos cuando se resuelven problemas no coinciden frecuentemente
de modo exacto sobre la malla de valores suministrados por las tablas de propiedades.
Por tanto resulta necesaria la interpolación entre entradas adyacentes de la tabla. La
interpolación en las tablas deberá hacerse siempre de manera cuidadosa . Las tablas
suministradas en el Apéndice se han extraído de tablas más extensas diseñadas para
que la interpolación lineal pueda utilizarse.con suflc¡iente precisión. La interpolación
lineal, cuando se utilicen las tablas incluidas en este libro, se considera válida para
resolver los ejemplos del texto y los problemas propuestos al final de cada capítulo.
Tablas de saturación. Las tablas de saturación, Tablas A-2 y A-3, suministran mÍ
listado de valores de propiedades para los estados de líquido y yapor saturados. Los valo
res de las propiedades en dichos estados se representan con los subíndices f y g, respecti
vamente. La Tabla A-2 se denomina tabla de temperatura, porque en ella se listan las
temperaturas en la primera columna y en incrementos adecuados. La segunda columna
da la correspondiente presión de saturación. Las siguientes dos columnas dan, respectiva
mente, el volumen específico de líquido saturado, vf, y el volumen específico del vapor .
saturado, vg. La Tabla A-3 se conoce como la tabla de presión , ya que son las presiones
las que se recogen en la primera columna según incrementos adecuados. Las correspon
dientes temperaturas de saturación se recogen en la segunda columna. Las dos columnas
siguientes dan vf y vw respectivamente.
El volumen específico de una mezcla bifásica líquido-vapor puede determinarse utili
zando las tablas de saturación y la definición de título dada por la Ec. 3.1. El volumen
.. . total de la mezcla es la suma de los volúmenes de las fases líquida y gaseosa:
9 Propiedades de una sustancia pura, simple y
0 compresible
Punto crítico
Vapor
saturado Vapor
V
V =
Puesto que la fase líquida es líquido saturado y la fase vapor es vapor saturado, V11q =
m]¡qVf y Vvap = mvapVg, entonces
(3.2)
3
= 1,506 m / kg
EJEMPLO 3.1
Vapor de agua inicialmente a 3,0 MPa y 300°C (estado 1)está contenido dentro de un dipositivo cilindm-pistón. El
agua se enfría a volumen constante hasta que la temperatura alcanza 200°C (estado 2), siendo comprimida, a
continuación, isoténnicamente hasta un estado en el que la presión es 2,5 MPa (estado 3).
(a) Localícense los estados 1, 2 y 3 sobre los diagramas T-v y p-
v.
b) Determínese el volumen específico en los estados 1,2 y 3, en m3/kg y el título del estado
2.
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor de agua a 3,0 MPa y 300°C (estado 1) es enfriado a volumen constante hasta 200°C (estado 2)
y entonces se comprime isotérmicamente hasta un estado cuya presión es 2,5 MPa.
Se debe
hallar:
(a) Los estados 1, 2 y 3 localizándolos sobre los diagramas T-v y p-
v.
(b) El volumen específico de cada uno de estos estados y el título del estado
2.
Datos conocidos y
diagramas:
p T 8,581 MPa
Propiedades de una sustancia pura, simple y 91
compresible
V
V
Figura E.3.1
92 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
Consideraciones
:
l. El vapor de agua es un sistema
cerrado.
2. Los estados 1,2 y 3 son estados de
equilibrio.
AIUÍÜsis: Para localizar el estado 1, obsérvese que p 1 es menor que la presión de saturación correspondi nte a
T1 = 300°C (8,581 MPa). Como se ve en los diagramas, este estado está localizado en la región de vapor sobreca
lentado. Por el contrario, nótese que T1 es mayor que la temperatura de saturación correspondiente a p 1 = 3,0 MPa
(233,9°C). Usando esto, se obtiene la misma conclusión: el estado 1 está en la región de vapor sobrecalentado.
Interpolando en la Tabla A-4 a 3,0 MPa entre 280°C y 320°C, 3se obtiene v 1 = 0,0811 m3/kg.
Para localizar el estado 2, utilizaremos v2 = v 1 = 0,0811 m /kg. De la Tabla A-2, para T2 = 200°C, vr= 1,1565 x
3
I0- y
=
v8 0,1274 m3/kg. Por tanto, puesto que vr < v2 <8v , el estado 2 está en la región bifásica Iíquido-vapor:Usando
la Ec. 3.2 el título del estado 2
es 3
X = O, 0811 - 1, 1565 X 10- = O, 633
2
o, 1274- 1,1565 x w-3
Para localizar el estado 3, nótese que p3 es mayor que la presión de saturación correspondiente a T3 = 200°C (l ,
554 MPa).Como se ve en los diagramas, este estado está localizado en la región líquida. De modo alternativo, la
temperatura en el estado 3 es menor que la temperatura de saturación correspondiente a p3 = 2,5 MPa (224,0°C).
Usando esto se
obtiene la misma conclusión: el estado 3 está en la región líquida. Volviendo a la Tabla A-5, v3 = 1,1555 x I0-3 m 3/kg.
Comentarios: Con frecuencia una representación de los diagramas de propiedades localizando los estados de interés
ayuda a resolver los problemas en Termodinámica.
H = U+pV (3.3)
Puesto que U, p y V son todas ellas propiedades , esta combinación es también una
pro
piedad. La entalpía puede ser expresada en términos de masa
unidad
h =u +pv (3.4)
y por mol
h = ü + pv (3.5)
92 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
Las unidades para la entalpía son las mismas que para la energía interna.
Las tablas de propiedades introducidas en la Sec. 3.3.1 dan la pre,sión, el volumen
es pecffico y la temperatura , y además proporcionan valores específicos de la energía
inter-
Propiedades de una sustancia pura, simple y compresible 93
(3.6)
(3.7)
x=
u- uf = 111,07-46,93 = 0,5
ug- uf 175,2 -46,93
h= (1- x )hr+xh
g
h = u +pv
3 1
= 2.537,3 kJ + (105 )(1,793 m )( kJ )
kg m2 kg 103N ·m
= 2.537,3 + 179,3 = 2716,6 kJ/kg
La energía interna y la entalpía específicas para los estados líquidos del agua se
reco gen en la Tabla A-5. El formato de esta tabla es el mismo que el de la tabla de
vapor sobrecalentado considerada previamente. De acuerdo con esto, los valores de las
propie dades para los estados líquidos se obtienen del mismo modo que para los
estados de va por.
La Tabla A-6 da las propiedades de los estados de equilibrio de sólido saturado y va
por saturado para el agua. La primera columna recoge la temperatura y la segunda da
la correspondiente presión de saturación. Estos estados están a presiones y
temperaturas por debajo de las del punto triple. Las siguientes dos columnas dan el
volumen específico del sólido saturado v¡ y el del vapor saturado, vg,
respectivamente. La tabla proporciona también la energía interna, la entalpía y la
entropía específicas para los sólidos saturados y los vapores saturados en cada una de
las temperaturas listadas.
EJEMPL03.2
Un tanque rígido bien aislado con un volumen de 3 m3 contiene vapor de agua saturado a 100°C. Se agita el agua
enérgicamente hasta que su presión alcanza 1,5 bar. Determínese la temperatura en el estado final, en °C, y el trabajo
durante el proceso, en julios.
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor de agua en un tanque rígido bien aislado se lleva, agitándolo, desde el estado de vapor saturado a
l00°C hasta una presión de 1,5 bar.
Se debe hallar: La temperatura en el estado final y el
trabajo
Datos conocidos y
diagramas:
p T
V V
Figura E.3.2
96 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
Conrideraciones
:
l. El agua es un sistema
cerrado.
2. Los estados inicial y fmal están en equilibrio. No hay cambio neto en las energías cinética y potencial.
3. No hay transferencia de calor con el entorno.
4. El volumen del tanque permanece constante.
Análisis: Para determinar el estado final de equilibrio se necesitan los valores de dos propiedades intensivas
independientes. Una de estas es la presión, p2 = 1,5 bar, y la otra es el volumen específico: v2 = v 1• Los volúmenes
específicos inicial y final son iguales porque también lo son la masa y el volumen total. Los estados inicial y fmal se
representan en los diagramas T-v y p-v adjuntos.
De la Tabla A-2, vr = vg (100°C) = 1,673 m3/kg, u 1 = ug (100°C) = 2.506,5 kJ/kg. Usando v2 = v 1 e interpolando en
la Tabla A-4 con p2 = 1,5
bar,
u2 = 2767,8 kJ/kg
Ordenando términos
Para calcular W se necesita la masa del sistema. Esta puede determinarse a partir del volumen total y del volumen
específico: .,
3
m = V =( m: ) = 1,793 kg
v, 1,673 m / kg
donde el signo menos significa que la transferencia de energía mediante trabajo es hacia el sistema.
Comentarios:
l. Aunque los estados inicial y final son estados de equilibrio, los estados intermedios no están en equilibrio. Para
enfatizar esto, el proceso se ha indicado sobre los diagramas T-v y p-v mediante una línea de puntos. Las líneas
continuas están reservadas en los diagramas de propiedades sólo para los procesos que pasan a través de
estados de equilibrio (procesos cuasiestáticos).
96 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
2. El análisis ilustra la importancia de representar cuidadosamente los diagramas de propiedades como una
herramienta útil para la resolución de problemas.
Propiedades de una sustancia pura, simple y 97
compresible
EJEMPLO 3.3
El agua contenida en un dispositivo cilindro-pistón sufre dos procesos en serie desde un estado donde la presión inicial
es 10,0 bar y la temperatura es 400°C.
Proceso 1-2: El agua se enfría mientras es comprimida a presión constante hasta el estado de vapor saturado a 10 bar.
Proceso 2-3: El agua se enfría a volumen constante hasta 150°C.
SOLUCIÓN
Conocido: El agua contenida en un dispositivo cilindro-pistón sigue dos procesos: es enfriada y comprimida a presión
constante, y después es enfriada a volumen constante.
Se debe hallar: La representación de ambos procesos sobre los diagramas T-v y p-v. Determínese el trabajo neto y la
transferencia neta de calor para el proceso completo, por unidad de masa contenida dentro del dispositivo cilindro-pistón.
Consideraciones:
l. El agua es un sistema cerrado.
2. El pistón es el único modo de trabajo.
3. No hay cambios en las energía cinéticas y potencial.
Frontera
p T
V V
Figura E.3.3
9 Propiedades de una sustancia pura, simple y
8 compresible
Análisis:
(a) Los diagramas adjuntos T-v y p-v muestran los dos procesos. Puesto que la temperatura en el estado 1, T1 =
400°C, es mayor que la temperatura de saturación correspondiente a p 1 = 10,0 bar: 179,9°C, el estado 1 está
localizado en la región de vapor sobrecalentado.
(b) Puesto que el pistón es el único mecanismo de trabajo
o
w = f p dV = ft2 p dV + J:p riV
La segunda integral se anula porque el volumen es constante en el Proceso 2-3. Dividiendo por la masa y
recordando que la presión es constante para el Proceso 1-2
El volumen específico en el estado 1 se encuentra con la Tabla A-4 usando p 1 = 10,0 bar y T 1 = 400°C: v 1 =
0,3066 m3/kg. También u 1 = 2.957,3 kJ/k:g. El volumen específico en el estado 2 es el valor para el vapor saturado a
10,0 bar: v2 = 0,1944 m3/k:g, de la Tabla A-3. Por consiguiente
1
w= (w 5
x 10 )(0,1944 -0,3066) ( m
3 )( kJ )
m m2 kg 103N ·m
= - 112;2 kJ/kg
El signo menos indica que el trabajo se hace sobre el vapor de agua mediante el pistón.
e) El balance de energía para el proceso completo se reduce a
Reordenando,
conocida y v3 = v2, se conocen dos propiedades intensivas independientes que unidas determinan el estado 3. Para
hallar u3 se resuelve primero la expresión para el título
3
= 0,1944 - 1,0905 x 10- 0 494
=
o,3928- 1,0905 x 10-3 '
= 1.583,9 kJ/ kg
9 Propiedades de una sustancia pura, simple y
8 donde uf3 y ug3 se toman de la Tabla A-2 a 150°C. compresible
Propiedades de una sustancia pura, simple y 99
compresible
ª=
m
1.583,9-2957,3+ (-112,2) = -1.485,6 kJ/kg
El signo menos señala que la energía es cedida al exterior mediante transferencia de calor.
Son varias las propiedades relacionadas con la energía interna que son importantes en
Termodinámica. Una de ellas es la propiedad entalpía introducida en la Sec. 3.3.2. Otras
dos, conocidas como calores específicos, se presentan en esta sección. Los calores
específicos son particularmente útiles cuando los cálculos termodinámicos corresponden
al modelo de gas ideal introducido en la Sec. 3.5.
Las propiedades intensivas Cv y cP se definen, para sustancias puras simples compre
sibles, como las siguientes derivadas parciales de las funciones u(T, v) y h(T,p), respecti
vamente:
dU ) ' (3.8)
Cv = dT
V
(3.9)
(3.10)
(3.12)
Es decir, para líquidos, v y u pueden calcularse a partir de los estados de líquido saturado
correspondientes a la temperatura del estado dado.
Un valor aproximado de h para estados de fase líquida se puede obtener utilizando las
Ec. 3.11 y 3.12. Por definición h =u+pv ;
así
(3.13)
(3.14)
'
9
1
1
8
<S>
1/ h'
J l\
7
f
\\
1 ¡-'\()
'jl
.g 1J 1\\ 60
.a r-- 70
/ VA
/gJ 11 \)
8
....- 80
1
/ \ r\
\ Yv
\/y
K' \ \ 1\.
\l\.
90
¡
'
100 MPa
r\
4
\ ' \ \ r-
,v \
'R "-r---"' '".........
""" -::::::"" --::::--
1\ "- 1'\. "
3 1 \
\
\ ,ó'\b
"
"-.S '¡-....._ .............
/
/ "-¿_-......2.::.r-. r--- !'---r---
""
2 V o
Lr- Límite presión cero
1.5
los datos de líquido comprimido se presentan sólo para el agua. Cuando se requiera ma
yor exactitud que la suministrada por estas aproximaciones pueden consultarse otras
fuentes de datos para compilaciones de propiedades más completas para la sustancia
considerada.
Esta expresión aparece como una derivada total porque u depende sólo de T.
Aunque el volumen específico es constante y la energía interna depende sólo de la
temperatura, la entalpía varía tanto con la presión como con la temperatura según
oh ) - du
ar p
- dT
El primer miembro de esta expresión es cp por defmición, (Ec. 3.9). Así, utilizando el
segundo miembro de la Ec. 3.15 se obtiene
(incompresible ) (3.17)
Por tanto, para una sustancia incompresible no es necesario distinguir entre cP y cv, y
ambos pueden representarse por el mismo símbolo, c. Los calores específicos de
algunos sólidos y líquidos comunes se recogen frente a la temperatura en la Tabla A-
13. Para
Propiedades de una sustancia pura, simple y compresible 103
intervalos limitad9s de temperatura, la variación de.e con ésta puede ser pequeña. En tales
casos, el calor específico e puede tratarse como una constante sin error apreciable.
Utilizando las Ec. 3.15 y 3.16, los cambios en la energía interna específica y en la en
talpía específica entre dos estados vienen dados, respectivamente,
por
(incompresible) (3.18)
(incompresible) (3.19)
Si el calor específico e se toma como constante, las Ec. 3.18 y 3.19 se transforman,
res pectivamente, en
•
(incompresible, e constante) (3.20)
Los sistemas de interés en ingeniería incluyen a menudo sustancias en fase vapor (gas).
Por ello la evaluación de·las propiedades de los gases es una cuestión importante. El ob
jeto de esta sección es alcanzar una mejor comprensión de la relación entre la presión, el
volumen específico y la temperatura de los gases. Esto es importante, no sólo como una
base para los análisis en los que hay gases sino también para las discusiones de la sección
siguiente, donde se introduce el modelo de gas ideal. Esta presentación se desarrolla en
términos del factor de compresibilidad y comienza con la introducción de la constante
universal de los gases.
Extrapolación r1
!!..::... hasta la presión
T cero de los datos
experimentales
[
-::-- - T2
R
::,-,::-=------_
T3
donde R representa el límite común para todas las temperaturas. Si este procedimiento
se repite para otros gases, se encuentra en cada caso que ellími de la relación p v/ T
cuando p tiende a cero a temperatura constante, es el ismo, y es R. Puesto que el mismo
valor límite se presenta para todos los gases, al valor R se le llama la constante
universal de los gases. Su valor, determinado experimentalmente, es
8,314 kJ 1 kmol· K
(3.22)
R = 0,08205 atm·l/mol·K
{
1,986 Btu /lbmol ·0 R
-
Z = pv (3.23)
RT
z= pv
RT
104 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresibl (3.24)
Propiedades de una sustancia pura, simple y compresible 105
1,5 35 K
50 K
60 K
1,O
z 300 K
0,5
donde
R
R=
M
(3.25)
R es una constante específica del gas cuyo peso molecular es M . En el SI, R se expresa
en kJ/kg·K. En el Sistema Inglés, R se expresa en Btu/lb ·0R o ft·lbf/lb ·0R.
La Ec. 3.21 puede expresarse en términos del factor de compresibilidad como
limZ = 1 (3.26)
pO
(3.27)
'
106 Propiedades de una sustancia pura, simple y compresible
Las ecuaciones 3.27 y 3.28 se conocen como los desarrollos del virial, y los
coeficientes
e,
B, b, ... y B, e, D, ... se llaman coeficientes del virial. La palabra virial proviene
de
la palabra latina para fuerza, y en este caso alude a las fuerzas de interacción entre las
moléculas consideradas.
Los desarrollos del virial pueden deducirse por métodos de la Mecánica estadística,
pudiéndose atribuir un significado físico a sus coeficientes: B 1v corresponde a las
interacciones entre dos moléculas, e1i corresponde a las interacciones entre tres
moléculas, etc. En principio, los coeficientes del virial pueden calcularse utilizando
expresiones de la Mecánica estadística deducidas a partir de la consideración de los
campos de fuerzas que actúan sobre las moléculas de un gas. Los coeficientes del virial
también pueden determinarse a partir de datos experimentales p-v -T.Los desarrollos del
virial se utilizan en la Sec. 11.1 como punto de partida para el estudio posterior de las
representaciones analíticas de las relaciones p-v-T de los gases conocidas como
ecuaciones de estado. /
Los desarrollos del virial y el significado físico atribuido a los distintos términos de
los desarrollos pueden utilizarse para clarificar la naturaleza del comportamiento de los
gases en el límite cuando la presión tiende a cero a una temperatura constante. De la Ec.
3.27 se deduce que si la presión disminuye a temperatura constante, los términos B p,
e/' etc. correspondientes a distintas interacciones moleculares tienden a disminuir,
sugiriendo que las fuerzas de interacción se debilitan bajo estas circunstancias. En el
límite cuando la presión se aproxima a cero, estos términos se anulan, y la ecuación se
reduce a Z = 1, de acuerdo con la Ec. 3.26. De modo similar, puesto que el volumen
aumenta cuando la presión disminuye a temperatura constante, los términos B1 v, e1i
etc. de la Ec. 3.28 también se anulan en el límite, dando Z = 1 cuando las fuerzas de
interacción entre las moléculas son prácticamente nulas.
p
PR-
Pe
y (3.29)
Propiedades de una sustancia pura, simple y 10
compresible 7
1,1 .------ 1
! 1
1,0
1 i
J
TR = 2100
j 1
0,9
i -.-... -x -
-._ -1-X -
eo ......_.
;;-p
-x - -6-x _6
-
x-6-t-xb
0-
·- ........:
o..._ • i
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b e
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1150
TR
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V
0,7
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TR
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= 1,30 p"r( e'
X S. 1, X X X
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\
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5
e
L> o-•
0,5
V
\ < }._ TR = 1.10 l-•/ 1
e gc..._e' i ¿.
Propiedades de una sustancia pura, simple y 10
compresible
Leyendas x Metano 111 lsopentano
e
7
_; e o Etileno e n-Heptano
0,4 V ,
/ Lo. Etano 6 Nitrógeno
TR = 100o/ eo 1
e
0,3 • 1 1
e Propano Dióxido de
carbono
...,..1r.s 1
1
e n -Butano • Agua
curva promedio basada en
!
0,2
1
,o• j e 1
datos de hidrocarburos
i ¡
1
1
1 i i ¡
o, 1 o 0,5 1,0 1,5 2,0 2,5 3,0 3,5 4,0 4,5 5,0 5,5 6,0 6,5
7,0
Presión reducida pR
FIGURA 3.11 Gráfica del factor generalizado de compresibilidad, para distintos gases.
1
Para determinar Z para el hidrógeno, el helio y el neón para TR superiores a 5, la temperatura y
presión reducidas deben calcularse utilizando TR = T/( Tc + 8) y PR = pi(Pc + 8), estando las
temperatura s en K
y las presiones en
atmósferas:
108 Propiedades de una sustancia pura, simple y compresible
Ec. 3.26. La Fig. A-3 muestra que Z también se aproxima a la unidad para todas las.
presiones a temperaturas muy elevadas.
Los valores del volumen específico se incluyen en la gráfica del factor generalizado
mediante la variable v' R llamada volumen específico pseudorreducido, definido como
(3.30)
(3.31)
EJEMPL03.4
Una cantidad fija de vapor de agua, inicialmente a 20 MPa y 520°C, se enfría a volumen constante hasta que su
temperatura alcanza los 400°C. ,Usando la gráfica de compresibilidad determínese
(a) el volumen específico del vapor de agua en el estado inicial , en m3/kg.
(b) la presión en MPa en el estado final.
Compárense los resultados de las partes (a) y (b) con los valores obtenidos utilizando la tabla de vapor sobrecalentado,
Tabla A-4.
Propiedades de una sustancia pura, simple y 109
compresible
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor de agua se enfría a volumen constante desde 20 MPa, 520°C hasta 400°C.
Se debe hallar: El volumen específico y la presión fmal, utilizando la gráfica de compresibilidad y la tabla de vapor
sobrecalentado, comparando los resultados.
Datos conocidos y diagramas:
pv
z = RT
TR = 1,05
0,5
1,O
Figtr.IE.3A
Consúkraciones:
l.·El vapor es un sistema cerrado.
2. Los estados inicial y fmal son de equilibrio.
Análisis:
(a) De la Tabla A-1, Te = 647,3 K y Pe= 22,09 MPa para el agua.Así,
793 20
TRI = 647 3 = 1,23 PR 1 = 22,09 = 0,91
'
Con estos valores para la temperatura reducida y la presión reducida , el valor de Z obtenido de la Fig. A-1 es 0,83,
aproximadamente. Puesto que·Z = pv lRT, el volumen específico en el estado 1puede determinarse del modo siguiente
RT 1 RT 1
V¡= Z¡- = 0, 83
P1 Mp¡
15 2 3 6
• m ) (22,09 x 10 )
( 3
10 kg m2 = 1,12
Localizando el punto sobre la gráfica de compresibilidad donde v' R = 1,12 y TR = 1,04, el valor correspondiente para
PR es 0,69, aproximadamente .Según esto,
Interpolando en las tablas de vapor sobrecalentado, p2 = 15,16 MPa. Como antes, el valor de la gráfica de
compresibilidad supone un buen acuerdo con el valor obtenido de la tabla.
Comentarios:
1. Al evaluar el factor de compresibilidad Z, la temperatura reducida TR y la presión reducida PR· deben utilizarse la
temperatura absoluta y la presión absoluta.
2. Cuando los valores para p, v, R y T se dan en unidades consistentes, el valor de Z es adimensional.
Z = pv = 1
RT
pv = RT (3.32)
Propiedades de una sustancia pura, simple y compresible 111
La Ec. 3.32 se denomina ecuación de estado del gas ideal. En condiciones adecuadas la
relación p-v-T para gases puede representarse de modo aproximado por esta sencilla ex
presión.
Formas alternativas de la misma relación básica entre la presión , el volumen
específico y la temperatura se obtienen del modo siguiente. Con v = V/ m, la Ec. 3.32
puede expresarse como
pV = mRT (3.33)
pv = RT (3.34)
o, con v = Vln,
como
pV = nRT (3.35)
Para cualquier gas cuya ecuación de estado viene dada exactamente por p V=RT , la
energía interna específica depende solamente .de la temperatura. Esta conclusión se de
muestra formalmente en la Sec. 11.4. Esto queda también confirmado por las observacio
nes experimentales, empezando con el trabajo de Joule, que mostró en el año 1.843 que
la energía interna del aire a bajas densidades depende sobre todo de la temperatura. Una
argumentación adicional desde el punto de vista microscópico se verá luego. La entalpía
específica de un gas de ecuación pv = RT también depende sólo de la temperatura, como
puede verse
de estado delcombinando la definición
gas ideal para obtener hde=lau(D
entalpía, = u +pv
+ RT h.Todas con
estas u= ucn y laconstitu
especificaciones ecuación
yen, en conjunto, el modelo de gas ideal que en forma resumida será
pv = RT (3.32)
Modelo de gas ideal: u= u(T) (3.36)
{
h = h(T) = u(T) + RT (3.37)
Para verificar que un gas puede modelizarse como gas ideal pueden localizarse los
estados de interés en una gráfica de compresibilidad determinando en qué medida se
satisface Z = l. Como se verá en discusiones sucesivas, también pueden utilizarse otros
datos de propiedades en forma de tablas o gráficas para determinar la conveniencia del
modelo de gas ideal. Para simplificar la resolución de muchos ejemplos y problemas
propuestos a lo largo del libro, indicamos en el enunciado del problema que deberá
usarse el modelo de gas ideal cuando la conveniencia de esta hipótesis pueda
verificarse por referencia a la gráfica de compresibilidad o a otros datos. Si esta
hipótesis simplificadora no se hace explícitamente en un enunciado, el modelo de gas
ideal deberá utilizarse sólo si su adecuación se ha verificado.
Puede visualizarse, aplicando la discusión de los desarrollos del virial en la Sec. 3.4,
una idea de la dependencia de la energía interna de los gases con la temperatura, para
bajas densidades. Cuando p O o v oo, las fuerzas de interacción entre las
moléculas
de un gas se van debilitando, y el desarrollo del virial tiende a Z = 1en el límite. El
estudio
de los gases desde un punto de vista microscópico muestra que la dependencia de la
energía interna de un gas con la presión, o el volumen específico, a una temperatura
dada es consecuencia fundamental de las interacciones moleculares. Por tanto,
cuando la densidad de un gas disminuye a una temperatura dada se llega a un punto en
el que los efectos de las fuerzas intermoleculares son mínimos. La energía interna
queda entonces determinada fundamentalmente con la temperatura. Desde el punto de
vista microscópico el modelo de gas ideal implica varias idealizaciones: el gas consiste
en moléculas que se mueven al azar obedeciendo las leyes de la Mecánica; el número
total de moléculas es grande, pero el volumen de éstas es una fracción despreciable del
volumen ocupado por el gas, y no actúan fuerzas apreciables entre las moléculas
excepto durante las colisiones.
EJEMPLO 3.5
SOLUCIÓN
112 Propiedades de una sustancia pura, simple y
Conocido: El aire recorre un ciclo termodinámico que consta decompresible
tres procesos: proceso 1-2, v = constante; proceso
2-3, T= constante; proceso 3-l,p =constante. Se dan los valores para T1,p 1 y p2•
Propiedades de una sustancia pura, simple y compresible 113
Se debe halltu: La representación del ciclo en el diagrama ¡rv y los valores T2 y v3•
Datos conocidos y diagramas:
u
Figura E.3.5
Consideraciones:
l. El aire es un sistema cerrado.
2. El aire se comporta como un gas ideal.
Análisis:
(a) En la figura adjunta se recoge el ciclo dibujado en el diagrama ¡rv. Nótese que puesto que p = RT!v y que la
temperatura es constante, la variación de p con v para el proceso de 2 a 3 es no lineal.
(b) Utilizando pv = RT, la temperatura en el estado 2 es
Para obtener el volumen específico v2 requerido en esta expresión, nótese que v2 = v 1, por tanto
(546 K)
8.314 kmkoJl ·K J
=[ 28,97 k gol 1,01325 x 10
5
:
2
= 1,546 m 3/kg
Comentarios:
l. La Tabla A-1 da pe= 37,7 bar (37,2 atm), Te = 133 K para el aire. Portanto,pR2 = 0,054, TR2 =
4,11. Comprobándolo en la Fig. A-1 el valor del factor de compresibilidad para este estado es Z"" l. La misma
conclusión se obtiene cuando se comprueban los estados 1 y 3. Por tanto, la ecuación pv = RT describe
adecuadamente la relación p-v -T para el
gas en estos estados.
2. Es importante señalar que la ecuación de estado pv = RT requiere el uso de temperaturas T y presiones p absolutas .
du
(gas ideal) (3.38j
dT
Integrando,
De modo similar, para un gas que obedece el modelo de gas ideal, la entalpía
especí fica depende sólo de la temperatura, así como también el calor específico eP'
defmido por la Ec. 3.9, es una función de la temperatura únicamente. Es decir,
(3.42)
Integrando,
Una importante relación entre los calores específicos de los gases ideales se obtiene
diferenciado la Ec. 3.37 con respecto a la temperatura
Aunque cada uno de los dos calores específicos del gas ideal es una función de la
tempe ratura, las Ec. 3.44 y 3.45 muestran que los calores específicos difieren en una
constante: la constante del gas. El conocimiento de cualquiera de los calores específicos
Propiedades de una sustancia pura, simple y 115
compresible
para un gas en concreto permite calcular el otro utilizando sólo la constante del gas.
Las ecuaciones anteriores muestran también que Cp > Cv y Cp > Cv , respectivamente.
116 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
Para un gas ideal, la razón de calores específicos, k, es también una función que sólo
depende de la temperatura
Puesto que cP > cv, se sigue que k> l. Combinando las Ec. 3.44 y 3.46 resulta
kR (3.47a)
cp(D =
k-
(gas ideal)
l
(3.47b)
cv <n =
R
k-
l
Se pueden escribir en base molar expresiones similares para los calores específicos,
reemplazando R por R.
Las expresiones anteriores suponen que los calores específicos del gas ideal son
funciones de la temperatura. Estas relaciones se presentan para gases de interés práctico
en diversas formas como gráficos, tablas y ecuaciones. La Fig. 3.12 ilustra la variación
de cP (base molar) con la tempe atura para un cierto número de gases comunes. En el
rango de temperatura mostrado eP aumenta con la temperatura para todos los
gases excepto para los gases monoatómicos Ar, Ne y He. Para éstos, cp s
aproximadamente constante, con el valor que predice la teoría cinética: cP = (5/
2) R . En la Tabla A-14
se presentan datos tabulados de los calores específicos frente a la temperatura, para los
gases seleccionados. Los valores de los calores específicos se presentan también en
forma de ecuación . Varias formas alternativas de tales ecuaciones se encuentran en la
literatura técnica. Una ecuación que es relativamente fácil de integrar es la forma
polinó nuca
(3.48)
Los valores de las constantes a., . y y E se recogen, para varios gases, en la Tabla A-
15 y para el rango de temperaturas 300 K a 1000 K.
La fuente de los datos de calores específicos para los gases ideales indicados arriba
es experimental. Los calores específicos se pueden determinar macroscópicamente a
partir de medidas muy laboriosas de propiedades. En el límite, cuando la presión tiende
a cero, las propiedades de un gas tienden a confundirse con las de su modelo de gas
ideal, de modo que los calores específicos determinados macroscópicamente para un
116 Propiedades de una sustancia pura, simple y
gas extrapo lando a muy bajas presiones pueden llamarse bien calores específicos a
compresible
pr esión cero, bien calores específicos de un gas ideal. Aunque los calores específicos a
presión cero se pueden obtener extrapolando macroscópicamente determinados datos
experimentales, esto no es frecuente en la actualidad puesto que los calores
específicos de los gases
Propiedades de una sustancia pura, simple y 117
compresible
Temperatura , o R
FIGURA3.12 Variación de cp/R con la temperatura para un número de gases modelizados como
gases ideales.
EJEMPL03.6
Determínese el cambio en la entalpía específica, en kJ/kg,para el vapor de agua desde un estado para el que T1 = 400 K
y p 1 = O,1 MPa hasta un estado donde T2 = 900 K y p2 = 0,5 MPa, mediante
(a) las tablas de vapor sobrecalentado para el agua.
(b) integración usando el calor específico de gas ideal dado por la Ec. 3.48junto con los datos de los coeficientes
tomados de la Tabla A-15.
(e) repítanse las partes (a) y (b) para una presión final de 10 MPa.
Propiedades de una sustancia pura, simple y 117
compresible
118 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresib
SOLUCIÓN
(b) Sustituyendo la expresión para cP(1) dada por la Ec.3.48 en la Ec.3.43 e integrando con respecto a la temperatura,
donde el peso molecular M se ha introducido para obtener el resultado sobre la base de masa unidad. Con los valores
de las constantes dados por la Tabla A-15
8 314 ( 1 108
h2- h¡ 18, 02 4,070 (900- 400) - ' 3 [ (900) 2 - (400)2
= ' ]
2(10)
4 152 2 964 4 4
+
3
' 6 [ (900) 3 - (400) ] - ' 9[ (900) - (400) ]
3 (10) 4 (10)
= 1.025 ,O kJ / kg
Este valor concuerda notablemente con el determinado en el apartado (a).
(e) Consideraremos a continuación el cálculo del cambio en la entalpía específica entre los estados T1 = 400 K , p 1 = 0,1
MPa y T2 = 900 K , p2 = 10,0 MPa. Como en el apartado (a), la Tabla A--4 da h 1 = 2.730,53 kJ/kg. Para T2 = 900 K
y p2 = 10,0 MPa , la Tabla A--4 da h2 = 3.691,72 kJ/kg. Así
h2 - h 1 = 961,19 kJ/kg
Cuando se considera el modelo de gas ideal, el cambio en la entalpía específica es el mismo que el obtenido en el
apartado (b): hz- h 1 = 1.025,0 kJ/kg. Este valor no cambia porque la entalpía específica en el modelo de gas ideal
sólo depende de la temperatura, y las temperaturas en los estados 1y 2 del apartado (e), son las mismas que las de
Propiedades de una sustancia pura, simple y 119
compresible
los apartados (a) y (b),Cuando p 2 = 10,0 MPa, el valor para M detenninado con el modelo de gas ideal resulta un 7%
mayor que el valor obtenido de las tablas de vapor.
Comentarios: Si nos referimos a la gráfica de compresibilidad, Fig. A-1, puede comprobarse que cuando p2 = 0,5 MPa
ambos estados, inicial y fmal, están en la región de la fase vapor del agua para la que el modelo de gas ideal proporciona
una descripción precisa. Cuando p2 = 10,0 MPa, la presión y la temperatura reducidas en el estado final son PR2 =
0,453
y TR2 = 1,39, y el factor de compresibilidad es Z2 = 0,96,
aproximadamente.
Para un cierto número de gases comunes, los cálculos de cambios en la energía interna y
la entalpía específicas se simplifican con el uso de las tablas de gas ideal, Tablas A-16
a A-22, que dan u ·y h e o u y Ji) en función de la temperatura.
Para obtener la entalpía frente a la temperatura, escribimos la Ec. 3.43 como
h en = J,./P en dT + h erref)
donde Tref es una temperatura de referencia arbitraria y h erref) un valor arbitrario de la
entalpía a la temperatura de referencia. Las Tablas A-16a A-22 se basan en la selección:
h = O a Tref = O K. Por tanto, la tabulación de la entalpía frente a la temperatura se
desa
rrolla utilizando la integral 2
e3.49)
Cuando los calores específicos se consideran constantes, las Ec. 3.40 y 3.43 se reducen,
respectivamente, a
u (T2 ) -u (T 1 ) = cv (T2 - (3.50)
T 1)
(3.51)
h (T2 ) - h (T1) = cp (T2 :-
T 1)
Las Ecs. 3.50 y 3.51 se usan a menudo en los análisis termodinámicos con gases
ideales porque permiten desarrollar ecuaciones muy simples aplicables a un elevado
número de procesos.
Los valores c;onstantes de cv y cp en las Ecs. 3.50 y 3.51 son, hablando
estrictamente,
valores medios calculados como sigue:
J:cP (T) dT
ep = T2 -T 1
EJEMPLO 3.7
Detennínese, mediante la tabla de gas ideal para el vapor de agua, el cambio en la entalpía específica, en kJ/kg, para
vapor de agua que va de un estado donde T1 = 400 K y p1 = 0,1 MPa hasta un estado donde T2 = 900 K y p 2 = 0,5 MPa.
Compárese con los resultados de los apartados (a) y (b) del Ejemplo 3.6
SOLUCIÓN
Se debe hallar: El cambio en la entalpía específica utilizando la tabla del gas ideal para el vapor de agua.
Compárese con los resultados de las partes (a) y (b) del Ejemplo 3.6.
Consideraciones: El modelo de gas ideal se aplica para el vapor en los estados indicados.
t
Análisis: De la tabla del gas ideal para el vapor de agua, Tabla A-19, h1 = 13.356 kJ/kmol y h2 = 31.828 kJ/kmol.
120 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
Dividiendo pOr el peso molecular del agua, las entalpías se obtienen en ténninos de masa unidad.
Así
Este valor concuerda bien con los detenninados en las partes (a) y (b) del Ejemplo 3.6.
Comentarios: Cuando se expresan en ténninos de masa unidad, los valores de la entalpía específica obtenidos de la
tabla de gas ideal en los estados 1 y 2 difieren de los valores para dichos estados determinados a partir de la Tabla A-4.
Esto es una consecuencia de los diferentes estados de referencia y valores de referencia utilizados para construir las
Tablas A-4 y A-19. Aunque los valores difieren, el cambio en la entalpía específica es el mismo pues la dependencia
con las referencias se cancela cuando se calculan diferencias.
EJEMPLO
3.8
Un dispositivo cilindro-pistón contiene 1 kg de aire a la temperatura de 300 K y a una presión de 1,0 atm. El aire se
comprime hasta un estado en el que la temperatura es 460 K y la presión es 6,0 atm. Durante la compresión, hay una
transferencia de calor del aire al entorno igual a 20 kJ. Utilizando el modelo de gas ideal para el aire, determinar el
trabajo durante el proceso, en kJ.
SOLUCIÓN
Conocido: Un kilogramo de aire se comprime entre dos estados detenninados habiendo una transferencia conocida de
calor desde el aire.
Se debe hallar: El trabajo en kJ.
Datos conocidos y
diagramas:
1 " '·:]
1 ';''''""' ···¡
1 1 kg . l
f de J
1 aire ·"; i':'J
1 1
L_..2iLL..:U
V
Propiedades de una sustancia pura, simple y 12
compresible Figura E.3.8 1
122 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
Consideraciones:
1. El aire es un sistema
cerrado.
2. Los estados inicial y final son estados de equilibrio. No hay cambio en la energía cinética o potencial.
3. El aire se modeliza como un gas ideal.
Análisis: El balance de energía para el sistema cerrado será
donde los términos de energía cinética y potencial se anulan por la hipótesis 2. Despejando W,
A partir del enunciado del problema, Q = -20 kJ. También, de la Tabla A-16 para T1 = 300 K, u 1 = 214,07 kJ/kg y
a
T2 = 460 K, = 329,97 kJ/kg. Por
consiguiente,
El signo menos indica aquí que el trabajo se ha hecho sobre el sistema durante el proceso.
Comentarios
:
l. Aunque los estados inicial y final se consideran estados de equilibrio, los estados intermedios no son necesariamente
estados de equilibrio, por lo que el proceso se ha señalado en el diagrama p-v adjunto mediante una línea de puntos.
Dicha línea no defme un "recorrido" para el proceso.
2. En principio, el trabajo podría evaluarse mediante la integral J p dV; pero como la variación de la presión en la cara
del pistón con el volumen no es conocida, la integración no se puede hacer sin más información.
3. LaTabla A-1 da Pe = 37,7 bar, Te = 133 K para el aire.Por tanto, en el estado 1,PRJ = 0,03 TRI = 2,26 y en el
estado 2, PR2 = 0,16, TR2 = 3,46. Verificándolo en la Fig.A-1, puede concluirse que para estos estados Z "' 1, como
se asume en la solución.
EJEMPLO
3.9
Dos tanques están conectados mediante una válvula. Uno de ellos contiene 2 kg de gas monóxido de carbono a 77°C y
0,7 bar. El otro tanque contiene 8 kg del mismo gas a 27°C y 1,2 bar.La válvula se abre y los gases se mezclan
122 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
mientras reciben energía por transferencia de calor del entorno.La temperatura del equilibrio final es 42°C. Usando el
modelo de gas ideal, determínese
(a) la presión del equilibrio final, en
bar.
(b) la transferencia de calor para el proceso, en
kJ.
Propiedades de una sustancia pura, simple y 12
compresible 3
SOLUCIÓN
Conocido: Dos tanques que contienen diferentes cantidades de gas monóxido de carbono en estados iniciales diferentes
se conl:ctan mediante una válvula. La válvula se abre y el gas se mezcla mientras recibe una cierta cantidad de energía
por transferencia de :alor. La temperatura del estado fmal es conocida.
Se debe hallar: La prc ión final y la transferencia de calor para este
proceso.
Datos conocidos y
diagramas:
PP27iJ?SG.·, ?:J
[Monóxido de carbono,:!
Figura E.3.9
Consideraciones
:
l. La cantidad total de gas monóxido de carbono es un sistema
cerrado.
2. El gas se modeliza como un gas
ideal.
3. El gas en cada tanque está inicialmente en equilibrio.El estado fmal es un estado de
equilibrio.
4. No hay transferencia de energía a, o desde, el gas mediante
trabajo.
5. No hay cambios en las energías cinética o potencial.
Análisis:
(a) La presión del equilibrio final Pe puede determinarse mediante la ecuación de estado del gas
ideal
mRTr
Pe= --
V
donde m es la suma de las cantidades iniciales de masa presentes en los dos tanques, V es el volumen total de los
dos tanques, y Te es la temperatura final de equilibrio. Por tanto
(m 1 +m2)RTe
pf = --:-:--::-:-
V¡+ V2
(m T1 )+ (m )
(m; )+ (m;
1
2)
2
T
124 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
U¡ = m 1 u(T 1) +m2u(T2)
donde T1 y T2 son las temperaturas iniciales del CO en los tanques 1y 2, respectivamente. La energía interna final es
Ur
Puesto que el calor específico cv del CO varía muy poco a lo largo del intervalo de temperatura de 300 K a 350 K
(Tabla A-14), puede ser tratado como un valor constante . La expresión para Q es entonces
Q = (2 kg)(o.745)(315 K - 350 K)
kg·K
= +37,25 kJ
Comentarios:
l. Como ejercicio evaluar Q usando los valores de la energía interna específica tomados de la tabla de gas ideal para
el CO, Tabla A-20. Observar que la energía interna específica viene dada, en dicha tabla, con unidades de
kJ/kmol.
124 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
2. Si se analiza la gráfica del factor generalizado de compresibilidad puede comprobarse que la ecuación de estado del
gas ideal es apropiada para el CO en este rango de temperaturas y presiones.
Propiedades de una sustancia pura, simple y 12S
compresible
p vn = constante (3.52)
donde n es una constante (Sec. 2.2). Para un proceso politrópico entre dos estados
(3.53)
(n ::t 1) (3.54)
(n = 1) (3.55)
mR (T 2 - T
J 21 1)
p dV = ----=----
1-n
Propiedades de una sustancia pura, simple y 12S
compresible
(gas ideal, n ::t 1) (3.57)
2
= (gas ideal, n = 1) (3.58)
pdV mRT ln VI
J
12 Propiedades-de una sustancia pura, simple y
6 compresible
EJEMPLO
3.1O
Una masa de aire sufre una compresión politrópica en un dispositivo cilindro-pistón desde p 1 = 1atm, T 1 = 25°C a
p2 = 5 atm. Empleando el modelo de gas ideal, determínese la transferencia de calor y el trabajo por unidad de
masa, en kJ/kg, sin= 1,3.
SOLUCIÓN
Conocido: El aire sufre un proceso de compresión politrópica desde un estado inicial dado hasta una presión fmal
conocida.
Se debe hallar: El trabajo y la transferencia de calor, en kJ/kg.
Datos conocidos y
diagramas:
-
r::·:·:·:·:·:·:·:·:·:·:·:-:·:·:·
1 ..........• ...• :
:::: Aire
'/1 P = 1 atm
1
1 :·
.:·.r, = 25° e .:
:: > p2 = 5 atm :::r
G ::;:;: ::;:;: : :i:·J
p
5 atm 2
1 atm
Figura E.3.1O
eonsideraciones:
l. El aire es un sistema cerrado.
\
W =f p dV
Con la Ec. 3.57
m 1 -n
La temperatura en el estado final T resulta necesaria .Dicha temperatura puede calcularse a partir de la Ec. 3.56
2
El trabajo es
entonces
w = _R_<r_2-__r._) = ( 8, 314 kJ ) (432 - 298 )
m 1- n 28, 97 kg ·K 1- 1,3
= -128,19 kJ/kg
Comentario: Los estados sucesivos en el proceso de compresión politrópica se identifican por la curva representada
en el diagrama p- v.La magnitud del trabajo por unidad de masa e representa por el área sombreada bajo la curva.
12 Propiedades de una sustancia pura, simple y
8 compresible
PROBLEMAS
3.1 Explique el significado de los siguientes términos: 3.8 Determínese el volumen, en m,3 ocupado por 2 kg de
sustancia pura, sistema simple compresible, punto crítico, kg de una mezcla bifásica líquido-vapor a 100 K en un
vapor saturado, presión de saturación , líquido subenfriado, tanque cuyo volumen es 0,5 m?.
vapor sobrecalentado, título, punto triple, sólido saturado.
3.2 Determine la fase o fases en un sistema constituido por H20
en las condiciones siguientes y localice los estados sobre
diagramas p-v y T-v adecuadamente caracterizados.
(a) p = 500 kPa, T = 200°C
(b) p = 5 MPa, T = 264°C
(e) T = 180°C,p = 0,9 MPa
(d) p = 20 MPa, T= l00°C
(e) T = -10°C, p = 1,0 kPa
3.3 Represente la relación presión-temperatura para mez clas
bifásicas líquido-vapor del agua entre la temperatura del
punto triple y la del punto crítico. Utilice una escala
logarítmica para la presión, en bar y una escala lineal para
la temperatura, en °C.
3.4 Represente la relación presión-temperatura para mez clas
bifásicas líquido-vapor del Refrigerante 134a en el ran
go de temperaturas de -40 a 100°C, con la presión en
kPa y la temperatura en °C. Utilice una escala
logarítmica para la presión y una lineal para la
temperatura.
3.5 Represente, en un diagrama p-v en escala doble loga rítmica,
lo siguiente:
(a) Las curvas de líquido y vapor saturados desde el
punto triple al punto crítico, con la presión en MPa
y el volumen específico en m3/kg.
(b) Las curvas de temperatura constante a 100 y 300°C
3.6 Determínese el título de las mezclas bifásicas líquido vapor
siguientes:
(a) H20 a 200°C con un volumen específico de
O,1
m3Jkg
(b) Refrigerante 12 a 2,0 bar con un volumen
específico de 0,07 m 3/kg.
(e) Refrigerante 134a a -40°C con un volumen es-
pecífico de 0,3569 m3/kg.
3.17 Una masa de Refrigerante 134a sufre un proceso a presión 3.22 Determine , para el R 12, los valores de las propiedades
constante desde vapor saturado a -18,8°C hasta una indicadas en cada uno de los casos siguientes:
temperatura final de 20°C. Determine el trabajo para el pro (a) Para p = 200 kPa y T = 88°C, determine v en m3/kg
ceso, en kJ por kg de refrigerante . y u en kJ/kg.
3.18 Una mezcla bifásica líquido-vapor de H20 está ini (b) Para T = 60°C y v = 0,072 m3/kg, determine p en kPa
cialmente a una presión de 10 bar. Determínese el y h en kJ/kg.
título del estad inicial si se alcanza el punto crítico (e) Para p = 800 kPa y v = 0,005 m 3/kg, determine T en
cuando se calienta oc y u en kJ/kg.
a volumen constante.
3.19 Una masa de Refrigerante 12 sufre un proceso para el que la
relación p-v es pVZ = constante . Los estados inicial y fmal
del refrigerante son p 1 = 2 bar, T1 = 10°C y p2 = 10bar, T2
= 60°C, respectivamente. Calcule la constante n para el
proceso.
3.20 Una masa de Refrigerante 134a sufre un proceso para el que
la relación p-v es pVZ = constante. Los estados inicial y
final del refrigerante son p 1 = 200 kPa, T1 = -10°C y p2 =
1.000 kPa, T2 = 50°C, respectivamente. Calculé el
trabajo
para el proceso en kJ por kg de
refrigerante .
3.21 Determínense , para el HzO, los valores de las propie
dades señaladas en los estados indicados y localice cada
estado en diagramas p -v y T-v cuidadosamente
rotulados.
(a) Para p = 1,5 bar, T = 280°C, hállese ven m3/kg y
u
en kJ/kg.
(b) Para p = 1,5·bar, v = 0,9 m3/kg, hállese Ten oc y
u
en kJ/kg.
(e) Para T = 400°C, p,; 12bar, hállese ven m3/kg y h
en
kJ/kg.
(d) Para T = 320°C, v = 0,30 m3/kg, hállese p en MPa
y
u en kJ/kg.
(e) Para p = 32 MPa, T = 400°C, hállese ven m3/kg y
h
en kJ/kg.
(f) Para T =200°C, x = 80 %, hállese ven m3/kg y p
en bar.
(g) Para T=-l0°C, v = 1,0891 x 10-3 m3/kg,hállesep
en
kPa y h en kJ/kg.
(h) Para p = 2,5 MPa, T = 140°C, hállese v en m3/kg y
u
en kJ/kg.
Propiedades de una sustancia pura, simple y compresible 129
3.23 Una cantidad de agua está a 10 MPa y 180°C. Calcú lese de H20 es 2 kg. Una resistencia eléctrica en el depósito
el volumen específico, en m3/kg, y la entalpía especí transfiere energía al agua con una potencia constante de
fica, en kJ/kg, utilizando 60 W. Determine el tiempo, en h, cuando la temperatura
(a) datos tomados de la Tabla A-5 en el depósito alcanza 200°C.
(b) datos para líquido saturado tomados de la Tabla A-2. 3.29 En un dispositivo cilindro-pistón una masa de R12 sufre
3.24 Calcúlese la entalpía específica en kJ/kg, del agua a un proceso a presión constante desde un estado inicial
100°C y a 15 MPa de presión. defmido por 8 bar y 50°C hasta un estado fmal en el que
el refrigerante envapor saturado. Determine, para el
3.25 Calcule el volumen específico, en m3/kg, y la entalpía refri gerante, las transferencias de calor y trabajo por
específica , en kJ/kg, del R12 a 40°C y 2.000 kPa. unidad de masa, en kJ/kg. Los cambios en la energía
3.26 Calcule el volumen específico, en m3/kg, y la entalpía cinética y poten cial son despreciables.
específica, en kJ/kg, del R134a a 40°C y 1,4 MPa. 3.30 Calcúlese la transferencia de calor, en kJ, para el proceso
3.27 Un depósito rígido, bien aislado, contiene 3 kg de una descrito por el Problel!la 3.16.
mezcla bifásica líquido-vapor de H20 a 200 kPa con 3.31 Calcúlese la transferencia de calor, en kJ por kg de
un título del 84%. Una rueda de paletas agita la mezcla refrigerante, para el proceso descrito por el Problema 3.20.
hasta que en el tanque sólo hay vapor saturado. Los
3.32 Un dispositivo cilindro-pistón contiene una mezcla
efectos de las energías cinética y potencial son
bifásica líquido-vapor de HzÜ inicialmente a 500 kPa con
inapreciables. Para el agua, determine la cantidad de
un título del 98%. Se produce una expansión a un estado
energía transferida por trabajo, en
donde la presión es 150kPa. Durante el proceso la nresión y
k
el volumen específico están relacionados por pv =
J
. conMc:u:• Para el agua, determine las transferencias de
calor y t "¡.< jo por unidad de masa, en kJ/kg.
3.28 Una mezcla bifásica líquido-vapor de H20, ini
cialmente a 1,0 MPa con un título de 90%, está 3.33 Dos kg de agua, inicialmente como líquido saturado a 100
contenida en un depósito rígido, bien aislado. La masa kPa, se calientan hasta vapor saturado en un proceso a
presión constante. Determine las transferencias de calor y
130 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
trabajo para el proceso, en kJ. Compruebe que, en este do inicialmente a 130°C. Asumiendo que no hay cambio
caso, la transferencia de calor es igual al cambio en la en el volumen, determínese la temperatura del sistema
entalpía del agua. aislado en el estado fmal de equilibrio, en °C.
3.34 Una mezcla bifásica líquido-vapor de H20 con
3.38 Un sistema está constituido por un líquido con siderado
un título inicial del 25% está contenida en un dispositivo
incompresible con calor específico constante c. Dicho
cilin dro-pistón como se muestra en la Fig. P3.34. La
líquido llena un depósito rígido cuya superficie inte rior
masa del pistón es 40 kg y su diámetro es 1O cm. La
presión atmos férica del entorno es 1 bar. Las posiciones tiene un área A. Mediante una rueda de paletas se
inicial y fmal del transfiere trabajo al líquido con un flujo constante. La
pistón se ven en el diagrama. Cuando el agua se calienta, la trans
presión en el interior del cilindro permanece constante hasta ferencia de calor con el entorno supone un flujo cuyo
que el pistón golpea los topes. La transferencia de calor al líquido
valor esenhA(T
cada 0 - n. donde Tes la temperatura del
agua continúa hasta que su presión es 3 bar. El rozamiento instante T0 es la temperatura del entorno, y h es el coefi
,
ciente global de transferencia de calor. En el instante
entre el pistón y la pared del cilindro es despreciable. De inicial,
termine la cantidad total de calor transferido, en J. Sea g =
9,81 m/s2. t = O, el depósito y su contenido están a la temperatura T0
del entorno. Obténgase una ecuación diferencial para la
Patm = 100 kPa temperatura Ten función del tiempo t y de otros parámetros
('-j
_ _ _l.J.. _ _ _
significativos. Resuélvase dicha ecuación para obtener T(t).
3.39 Aplíquese el balance de energía a un elemento . de
espesor diferencial dentro del tabique plano de la Fig. 2.12.
A partir de la densidad, el calor específico y la ley de
Fourier, obténgase una ecuación diferencial para la tempe
ratura como función del tiempo dentro del muro.
3.40 Determine el factor de compresibilidad para el vapor de agua
1 cm
a 6 MPa y 600 K, utilizando
(a) datos a partir de la gráfica de compresibilidad.
Diámetro = 1O Título (b) datos a partir de las tablas de vapor.
cm inicial
Masa = 40 kg = 25%
Xt
3.41Una masa de nitrógeno (N2) ocupa un volumen de 90 litros
Figura P3.34
a 27 MPa y 200 K.Determine dicha masa, en kg.
3.42 Un depósito rígido contiene 0,5 kg de oxígeno (02)
3.35 Dos kg de Refrigerante 12, inicialmente a 1 MPa y determine el trabajo neto para el ciclo y la transferencia de
100°C, sufren una compresión a presión constante hasta calor para cada proceso, todo ello en kJ.
que el volumen fmal es la mitad del inicial. Los efectos 3.37 Un sistema aislado consiste en una rodaja de cobre de 1O kg
de la energía cinética y potencial son despreciables. inicialmente a 30°C y 0,2 kg de vapor de agua satura-
Determine las transferencias de calor y trabajo para el
proceso, en kJ.
3.36 Un sistema que consiste en 2 kg de H20 recorre
un
ciclo compuesto de los siguientes procesos:
Proceso 1-2: expansión con pv = cte. desde vapor
saturado a 100 bar hasta 10 bar.
Proceso 2-3: proceso a presión constante hasta v3 = v 1•
Proceso 3-1: calentamiento a volumen
constante.
Represente el ciclo sobre diagramas p -v y T-v. Despre
ciando los efectos de las energías cinética y potencial,
130 Propiedades de una sustancia pura, simple y
inicialmente a 40 bar y 180 K. El gas es enfriado, 3.44 Determine para el aire, el rango de presiones, en kPa, para
compresible
descen diendo la presión a 33 bar. Determine el volumen el que el valor del factor de compresibilidad, Z, perma nece
del depósi to, en m 3 y la temperatura final, en K. en el intervalo
, 0,95 'a 1,05 para las temperaturas si
guientes:
3.43 Un depósito contiene 0,042 m 3 de 02 a 21oc y 15
MPa. Determine la masa del oxígeno, en kg, (a) T=270 K
empleando (b) T = 330 K
(e) T = 400 K
(a) el modelo de gas ideal.
(b) datos tomados de la gráfica de compresibilidad.
Analice la validez del modelo de gas ideal para el
oxígeno en este estado.
Propiedades de una sustancia pura, simple y 131
compresible
3.45Verifique la validez del modelo de gas ideal para el 3.51 Una masa de gas argón (Ar) inicialmente a 500 kPa y 100 K,
Refrigerante 134a a una temperatura de 80°C y una presión sufre un proceso politrópico, con n = k, hasta una
de
temperatura fmal de 300 K. Determine las transferencias de
(a) 1,6 MPa
calor y trabajo para el proceso, en kJ/kg. Considere compor
(b) 0,10 MPa.
tamiento de gas ideal.
3.46 Determínese la presión en kPa, del nitrógeno (N2) a 3.52 Dos kg de gas con masa molecular 28 están contenidos en un
- 80°C y con un volumen específico de 0,0045 m 3/kg
utili depósito rígido y cerrado, que tiene instalada una re
zando la gráfica de compresibilidad y compárese el re sistencia eléctrica. Por dicha resistencia circula, durante 10
sultado con el valor obtenido empleando el modelo de gas minutos, una intensidad de 10 A cuando el voltaje es 12
ideal. V. Las medidas indican que cuando se alcanza el equilibrio,
3
3.47 Un kmol de aire ocupa un volumen de 25 m a una presión la temperatura del gas ha subido 40,3°C. La transferencia de
de 100 kPa. Suponiendo comportamiento de gas ideal, calor con el entorno supone un flujo constante de 20 W.
3
determine la temperatura, en K, y la densidad, en kg/m . Su poniendo comportamiento de gas ideal, determínese el
3.48 Considerando el modelo de gas ideal , calcule los cambios valor medio del calor específico cP' en kJ/kg-K, para el gas
en la energía interna y entalpía específicas, en kJ/kg, del en este intervalo de temperatura, basándose en los datos
gas metano (CH4) entre T 1 = 320 K y T2 = 800 K. del pro blema.
3.49Considérese una mezcla de gases cuya masa molecular 3.53Un gas está confmado en uno de los lados de un depó sito
aparente es 33, inicialmente a 3 bar y 300 K y ocupando
rígido y aislado, dividido en dos partes iguales mediante una
un volumen de 0,1 m3. El gas sufre una expansión hasta 0,2
pared interna. En el otro lado se ha hecho el vacío. Del
m3 durante la que la relación presión-volumen es
estado inicial del gas se conocen los siguientes datos:p 1 = 3
13
pV • =cte. Aplicando el modelo de gas ideal con cv = 0,6 bar, = 380 K y = 0,025 m3. Se retira la pared de sepa
+
(2,5 x 1G-4) T, donde T está en K y cv tiene unidades de T1 V1
ración y el gas se expande para llenar todo el volumen.
kJ/kg·K y despreciando los efectos de la energía cinética y
Considerando comportamiento de gas ideal, determine la
potencial, determínese:
presión del equilibrio final, en bar.
(a) la masa del gas, en kg.
(b) la presión fmal, en bar. 3.54 Una masa de aire inicialmente a 0,75 bar, 1.000 K y un
(e) la temperatura fmal, en K. volumen de 0,12 m3, sufre dos procesos. El aire es compri
(d) las transferencias de calor y trabajo, en kJ. mido isotérrnicamente hasta la mitad de su volumen. A con
3.50 Un kg de aire, inicialmente a 5 bar, 350 K y 3 kg de tinuación sufre un proceso isóbaro hasta que el volumen es,
dióxido de carbono (C02), inicialmente a 2 bar, 450 K, están de nuevo, la mitad del anterior. Considerando comporta
situados en los lados opuestos de un depósito rígido, bien miento de gas ideal
aislado, como muestra la Fig. P3.50.La pared de separación (a) represente el proceso en un diagrama p-V.
puede moverse libremente y permite el paso de calor sin que (b) determine el trabajo total para los dos procesos, en
se almacene energía en la pared separadora. Tanto el aire
como el C02 se comportan como gases ideales. Determine la kJ.
(e) determine el calor total transferido• para los dos
temperatura final de equilibrio, en K, y la presión fmal, en
procesos , en kJ.
bar.considerando constantes los calores específicos.
3.55Un sistema consiste en 2 kg de C02 inicialmente en el estado
1;donde p 1 = 1bar, T1 = 300 K. Dicho sistema recorre un
ciclo de potencia, consistente en los procesos siguientes:
Proceso 1-2: volumen cte. a p 2 = 4 bar.
Proceso 2-3: expansión con pv 1• 28 = cte.
Proceso 3-1: compresión a presión constante.
Utilizando el modelo de gas ideal y despreciando los
efectos de las energías cinética y potencial ,
Pared de separación Aislamiento
(a) represente el ciclo en un diagrama p-v .
Figura P. (b) calcule el rendimiento térmico del ciclo.
3.50
132 Propiedades de una sustancia pura, simple y
compresible
3.56 Un sistema cerrado consiste en un gas ideal con masa m y temperatura de un gas ideal cuando se conozcan
razón de calores específicos, k. Si los efectos de la cualesquie ra dos de ellos. Incluya una clave de selección
energía cinética y potencial son despreciable s,
que permita trabajar con cualquiera de los gases de la Tabla
(a) demuéstrese que para cualquier proceso adiabático A-15. El vo lumen específico deberá poderse obtener bien
el trabajo es
en base molar, bien en m3/kg.
mR ( T2 -T1)
3.58 Escriba un programa de ordenador que proporcione
w= 1-k
valores de energía interna y entalpía específicas para cada
(b) demuéstrese que un proceso adiabático p olitrópi uno de los gases de la Tabla A-15, para una temperatura da
co
da como valor de partida. La referencia cero para los
viene descrito por la ecuación p v" = cte, si el
valores de energía interna y entalpía se establecerá en
trabajo
300 K. El usuario deberá poder seleccionar los valores de
es realizado sólo por una pared móvil.
energía in tema y entalpía en kJ/kmol o en kJ/kg.
3.57 Escriba un programa de ordenador que proporcione el valor
desconocido de la presión , el volumen específico o la
3.10 Hay que diseñar un recipiente para contener 10 kmol 3.30 Una relación generalizada presión-temperatura para
de vapor de mercurio a 3 MPa y temperaturas entre 900 y mezcla bifásica líquido-vapor viene dada en función de la
1.000 K. Especifique el volumen del recipiente, el espesor presión y la temperatura reducidas por
de la pared y el material. ¿Qué limitaciones de tipo ambien 6
tal deberán tenerse en cuenta al diseñar un sistema que utili P R = exp ( F ;i)
ce mercurio? La relación p-v-T para el vapor de mercurio 1 =1
(a) Verifique la precisión de esta expresión utilizando 3.60 Escriba un programa de ordenador interactivo que
los datos de la Tabla A-7.
calcule las transferencias de calor y trabajo, por unidad de
(b) Escriba un programa de ordenador que proporcione
masa, para un proceso politrópico de un gas ideal. Los
la presión de saturación o la temperatura de satura
datos de entrada deben incluir el gas, la presión y
ción en función de la otra variable.
(e) Modifique dicho programa para que proporcione temperatura iniciales, el exponente politrópico , y la presión
valores de dp!áJ . Utilice estos valores y los que final. Ensam ble esta rutina con las desarrolladas en los
pro porciona la Tabla A-7 para v¡g para calcular h¡g Problemas 2.3D,
con la ecuación de Clapeyron (Ec. 11.40). 3.57 y 3.58. Incluya una opción para que los cálculos
Compare el resultado con los datos h¡g de la Tabla empleen un calor específico constante definido por el usua
A-7. rio. Utilizando el programa, investigue el error introducido
3.50 Una manera de modelizar el comportamiento del gas al considerar calores específicos constantes calculados para
mediante un enfoque microscópico es conocida como la 22°C, para un proceso politrópico de compresión de aire
teoría cinética de los gases. Usando esta teoría obtenga la entre 1 bar, 22°C y 7 bar . Considérese para los exponentes
ecuación de estado del gas ideal y justifique la variación politrópicos los valores entre n = 1,O y n = 1,6.
del calor específico del gas ideal, cv, con la temperatura. 3.7D Una bola de acero de 12 mm de diámetro inicialmente a
¿El uso de la teoría cinética queda limitado al 1.000 K se enfría lentamente hasta 400 K en aire en reposo
comportamiento del gas ideal? Explíquelo. a 300 K.Estime el tiempo necesario para enfriar la bola.
. .
CAPÍTULO 4
ANÁLISIS ENERGÉTICO DE
SISTEMAS ABIERTOS
Aunque los equipos como turbinas, bombas y compresores atravesados por flujos de ma
sa pueden analizarse en principio mediante el estudio de una cantidad particular de
materia (un sistema cerrado), resulta normalmente más simple adoptar el volumen de
control como objeto del análisis. Un volumen de control es la región del espacio
estudiada en un análisis particular. La superficie que limita el volumen de control puede
denomi narse frontera o superficie de control. La frontera, que se definirá con relación a
un siste-
..ma de coordenadas específico, puede ser fija o puede deformarse. Los flujos de
materia
y energía pueden atravesar la frontera. Como en el caso de un sistema cerrado, el
intercambio de energía puede ocurrir por medio de flujos de calor y trabajo. Además
deberá contabilizarse otro tipo de energía intercambiada: la energía que acompaña a
los ftujos de materia que entran o salen del volumen de control.
El objetivo fundamental de este capítulo es desarroUar e ilustrar el uso de los princi
pios de conservación de masa y energía con modelos de volumen de control, que se
obtie nen por transformación de los modelos de sistema cerrado.
136 Análisis energético de sistemas
abiertos
La línea
discontinua define
la frontera
(a)
11\tc (t + &)
La línea discon
tinua define la FIGURA 4.1 Esquema utilizado para desa
frontera del vo rrollar el balance de materia
lumen de para un volumen de control.
control (b) (a) Tiempo t. (b) Tiempo t + M.
(4.1)
(4.2)
Análisis energético de sistemas abiertos 13
7
y reordenando términos
(4.3)
La Ec. 4.3 es un balance contable para la masa que indica que el cambio en la masa con
tenida en el volumen de control durante el intervalo de tiempo llt es igual a la masa que
entra menos la masa que sale.
La Ec. 4.3 puede expresarse respecto a la unidad de tiempo. Primero, se divide por 11t
para obtener
Donde dmvcf dt expresa la velocidad de cambio de masa contenida dentro del volumen
de control en el tiempo t. En el límite, cuando llt se aproxima a O, los términos del
segundo miembro resultan , respectivamente
m
y lirn _!. m
M O /lt = s
Análisis energético de sistemas abiertos 13
En estas expresiones me y rñs son los flujos másicos instantáneos a la entrada y a la sali
7
da, respectivamente. Como para los símbolos W y Q , los puntos en estas cantidades
138 Análisis energético de sistemas
abiertos
(4.5)
En general, podrán existir distintas zonas de la frontera a través de las cuales la masa
entra o sale. Esto puede tenerse en cuenta sumando todas ellas, como sigue:
(4.6)
(4.8)
Análisis energético de sistemas abiertos 139
Volumen de materia
l
de masa que cruza dA en el intervalo de tiempo D.t
Cantidad de masa
que atraviesa dA durante = p (Cn/1t) dA
r el intervalo de tiempo/1t
Dividiendo ambos miembros de la ecuación por 11t y tomando el límite cuando 11t
tiende a cero, se obtiene el flujo instantáneo de masa que cruza el elemento diferencial
l
de área
Flujo instantáneo
de masa: atraviesa = pCndA
r
140 Análisis energético de sistemas
abiertos
Integrando esta ecuación sobre toda el área A atravesada se obtiene el flujo de masa
(4.9)
La Ec. 4.9 puede aplicarse a todas las entradas y salidas para contabilizar los flujos de
masa que entran y salen del volumen de control.
A partir de las Ecs. 4.8 y 4.9, el balance de materia dado por la Ec. 4.6 puede escribirse
como
(4.10)
donde las integrales de superficie se calculan sobre las áreas atravesadas por los flujos de
masa que entran y salen, respectivamente. En esta ecuación aparece el producto p Cn,
conocido como velocidad másica, que expresa el flujo másico por unidad de área. La
evaluación de los términos del segundo miembro de la Ec. 4.1O requiere información
acerca de la variación de la velocidad másica (flujo de masa por unidad de superficie)
sobre las áreas atravesadas. La formulación del principio de conservación de la materia
expresada por la Ec. 4.1O es considerada con mayor detalle por la Mecánica de fluidos.
En Termodinámica se emplean frecuentemente otras formas más simples que se
describen a continuación.
AC
m = (flujo unidimensional) (4.11b)
V
140 Análisis energético de sistemas
abiertos
donde el símbolo C denota ahora el valor medio que representa a la velocidad del flujo
gaseoso o líquido en la entrada o salida bajo consideración. El producto AC en esta expre-
Análisis energético de sistemas 141
abiertos
Nótese que la Ec. 4.12 incorpora sumatorios sobre las entradas y salidas del volumen
de control. Cada término individual de estos sumatorios se aplicará a una entrada o
salida particular. De acuerdo con ello, el área, la velocidad y el volumen
específico que aparecen en dicho término se referirán únicamente a la correspondiente
entrada o salida.
e s
EJEMPLO
4.1
Un calentador de agua de alimentación que funciona en estado estacionario tiene dos entradas y una salida. En la
entrada 1, el vapor de agua entra a p 1 = 7 bar, T1 = 200°C con un flujo másico de 40 kg/s. En la entrada 2, el agua
Análisis energético de sistemas 141
abiertos
líquida a p2 = 7 bar, T2 = 40°C penet ra a través de una superficie A2 = 25 cm2• En la salida 3 se tiene un flujo
volumétrico de 0,06 m3/s de líquido saturado a 7 bar.Determínese losflujos másicos de la entrada 2 y de la salida,
en kg/s, y la velocidad en la entrada-2, en m/s.
142 Análisis energético de sistemas abiertos
SOLUCIÓN
Conocido: Una corriente de vapor de agua se mezcla con otra de líquido para producir una corriente de líquido saturado
a la salida. Los estados de las entradas y salidas están especificados. Los flujos másicos del vapor que entra y el flujo
volumétrico del agua que sale son datos conocidos.
Se debe hallar: El flujo másico en la entrada 2 y en la salida, y la
velocidad .
Datos conocidos y
ditJgrama:
rr----------,
1 1
1 1
1 1
1 1
1
1 r1 = 200°C
A,¿ •25cm2 1 p1 = 7 bar
1
T2 =40°C 1
1 1 ñt 1 =40k{Ps
P2 =?bar 1
1
---- ---¡
Frontera del
3 volumen de control
liquido saturado
P3=7bar
·(A ·C)a •0,06
Figura E.4.1
m3/s
Consideraciones:
Resolviendo para m2 ,
El flujo másico m 1 es conocido. El flujo másico a la salida puede calcularse a partir del flujo volumétrico
(AC) 3
142 Análisis energético de sistemas abiertos
m3 = ---
Análisis energético de sistemas abiertos 143
donde v3 es el volumen
unidimensional. A partirespecífico en A-3,
de la Tabla v3 =Al1,108
la salida. escribir estamecuación
x 10- /kg. En se está considerando la hipótesis de flujo
consecuencia
3 3
3
0,06 m / s
m3 = -----=---=---
3 3
= 54,15 kg / s
(1,108 x 10- m /kg)
entonces
El estado 2 es de líquido comprimido. El volumen específico en este estado puede aproximarse por v2 = vr (T2) (Ec.
3.11). A partir de la Tabla A-2, a 40°C, v2 = 1,0078 cm3/g. Así
Comentario: En estado estacionario el flujo másico a la salida es igual a la suma de los flujos másicos en las entradas.
Se deja como ejercicio el demostrar que el flujo volumétrico a la salida no es igual a la suma de los flujos volumétricos
en las entradas.
(4.13)
Análisis energético de sistemas abiertos 143
donde Évc (t) es la suma de las energías interna, cinética y potencial de la masa
contenida por el volumen de control en el tiempo t. El segundo término del segundo
miembro de
144 Análisis energético de sistemas abiertos
E.c (t + 41)
(a) (b)
FIGURA 4.3 Esquema empleado para desarrollar el balance de energía para un volumen de
control.
(a) Tiempo t. (b) Tiempo t +
M.
(4.14)
Q-W
lim Q =Q
D.t o tl.t
lim w w
Análisis energético de sistemas abiertos 145
D.t o tl.t
En estas expresiones QyW son los flujos de energía transferida mediante calor y traba
jo, respectivamente , que cruzan la frontera del volumen de control en el
instante t.
146 Análisis energético de sistemas abiertos
donde me y rñs son los flujos de materia. Los términos (ue + C!/ 2 + gze) y
(us + C/ 2 + gzs) son las energías específicas de la materia fluyente evaluadas a la
entrada y salida del volumen de control. Recuérdese que originalmente hemos supuesto
propiedades intensivas uniformes para cada una de las masas me y ms, que atraviesan la
frontera del volumen de control. En consecuencia, en el paso a los límites anteriores, esto
equivale a suponer flujo unidimensional a través de las áreas de entrada y salida.
En resumen, la ecuación del balance de energía para el volumen de control de la
Fig. 4.3
es
(4.18)
La Ec. 4.18 muestra que, además del calor y del trabajo, existe otra forma en que la
ener gía puede transferirse a través de la frontera de un volumen de control:
mediante la energía que acompaña a la masa que entra o sale del mismo. Estos
términos de
2
transferencia de energía tienen la forma rñ (u+ C /2 + gz) cuando se asume que el
flujo
es unidimensional. Si no existe transferencia de masa en el volumen de control, los dos
últimos términos de la Ec. 4.18 desaparecen y la ecuación se reduce al balance de energía
para un sistema cerrado.
1 control en la salidas
(4.20)
(4.21)
El subíndice "ve" ha sido añadido a Q para enfatizar que éste coincide con la velocidad
de transferencia de calor a través de la frontera (superficie de control) del volumen de
control.
Los dos últimos términos de la Ec. 4.22 pueden reescribirse usando la entalpía especí
fica h introducida en la Sec. 3.3.2.Con h =u+pv, el balance de energía se transforma
en
(4.23)
(4.24)
De manera similar, los términos que contabilizan las transferencias de energía asociadas
a los flujos de masa entrantes y salientes adoptarán la siguiente forma en la ecuación del
balance de energía:
dV = Q,c -W,c+ ( JA
}e, dA),
2
:tJvpe
+gz
(h+
)pe,
2 (4.26)
- (J h + A(
+gz
dA),
En esta sección se obtienen las formas de los balances de materia y energía para estado
estacionario y se aplican a varios equipos de interés en Termodinámica técnica, incluyen
do toberas, turbinas, compresores e intercambiadores de calor. Las formas obtenidas para
la situación estacionaria no son aplicables en los períodos de operación de arranque y
parada de dichos equipos; es decir, sólo son útiles para el análisis de los períodos de ope
ración en estado estacionario. Esta situación resulta común en ingeniería.
(4.28a)
Altemativamente
. . ce2 )
=W"+L,m,(h,+ : (4.28b)
Qvc + Lme (he+ 2 +
gze
e +gz,)
(flujo de energía entrante) S
(flujo de energía saliente)
La Ec. 4.27 establece que en estado estacionario se igualan las velocidades con que la
masa entra y abandona el volumen de control. Igualmente, la Ec. 4.28 establece que la
velocidad total con que se transfiere energía al volumen de control es igual a la
velocidad total con la que éste se desprende de ella.
Muchas aplicaciones importantes se desarrollan en volúmenes de control con
situación estacionaria en los que hay sólo una entrada y sólo una salida de flujos de
materia. Resulta instructivo el desarrollo de los balances de materia y energía para este
caso especial. El balance de materia se reducirá simplemente a m 1 = m2 • Esto es, el
flujo
másico en la salida 2, debe ser igual al de la entrada l. A este flujo másico común le
de nominaremos m. A continuación, si en el balance de energía se obtiene el factor
común
para el flujo de masa, resulta
(4.29a)
(4.29b)
Los términos de entalpía, energía cinética y energía potencial aparecen todos ellos en la
Ec. 4.29 como diferencias entre sus valores a la entrada y salida. Esto indica que las
referencias utilizadas para asignar valores a la entalpía específica , la velocidad y la
altura se cancelan, a condición de que se empleen las mismas para la entrada y la salida.
En la
150 Análisis energético de sistemas abiertos
Ec. 4.29b, los cocientes Qve/ m y Wvclm son las transferencias de energía por unidad de
masa circulando a través del volumen de control.
Las formas precedentes del balance de energía para estado estacionario relacionan
únicamente las cantidades de energía transferida evaluadas en lafrontera del volumen
de control. Las propiedades relativas a la masa contenida en el volumen de control no
son requeridas ni pueden ser obtenidas a partir de dichas ecuaciones. Cuando se
aplica el
Análisis energético de sistemas 151
abiertos
4.3.2 Ejemplos
Los distintos ejemplos que se presentan en esta sección muestran cómo se utilizan los
principios de conservación de la masa y energía,junto con las relaciones entre propieda
des termodinámicas para el análisis de volúmenes de control en estado estacionario .
Los ejemplos se dirigen a aplicaciones de interés general en ingeniería y se han
seleccionado para ilustrar puntos comunes en este tipo de análisis. Antes de estudiarlos es
recomenda ble que se revise la metodología de resolución de problemas
esquematizada en la Sec. 1.6. Conforme aumenta la complejidad de los problemas, el
uso de una sistemática adecuada para su resolución resulta cada vez más importante.
Cuando se aplican los balances de materia y energía a un volumen de control son
necesarias algunas simplificaciones para conseguir un análisis tratable. Es decir, el volu
men de control de interés debe ser modelado por medio de hipótesis simplificadoras. La
etapa consciente y cuidadosa de formular el conjunto de dichas hipótesis resulta impres
cindible en cualquier estudio de ingeniería. Por ello, una parte importante de esta sección
está dedicada a considerar varias hipótesis que son de común aplicación cuando se em
plean los principios de conservación al estudio de distintas clases de equipos. Al estudiar
los ejemplos presentados es importante tomar conciencia del papel que juegan dichas
hipótesis en su resolución así como en el análisis de los resultados obtenidos. En todos
los casos considerados se asume que la operación del equipo se desarrolla en estado esta
cionario.Se supone que el flujo es unidimensional en las zonas donde la masa entra y sale
del volumen de control. También se asume que en dichas zonas son aplicables las rela-
ciones de equilibrio entre propiedades termodinámicas. .
En varios de los ejemplos que siguen el término de transferencia de calor Qvc se
iguala a cero en el balance de energía por resultar muy pequeño comparado con los otros
intercambios de energía que tienen lugar a través de la frontera del volumen de control.
Esta hipótesis puede provenir de uno o más de los siguientes hechos : (1) La superficie
externa del volumen de control está bien aislada térmicamente. (2) La superficie externa
es demasiado pequeña para que exista una transferencia de calor efectiva. (3) La diferen
cia de temperatura entre el volumen de control y su entorno es demasiado pequeña por lo
que puede ignorarse la transferencia de calor. (4) El gas o líquido pasa a través del volu
men de control tan rápidamente que no existe tiempo suficiente para que ocurra una trans
ferencia de calor significativa. El término de trabajo Wve se eliminará del balance de
energía cuando no existan ejes rotativos , desplazamientos de la frontera, efectos eléc
tricos, u otros mecanismos de transferencia de trabajo asociados al volumen de control
que se está considerando. Los términos de energía cinética y potencial de la materia que
entra y sale del volumen de control pueden despreciarse cuando son de pequeña magnitud
frente a las otras transferencias de energía.
sección transversal disminuye en la dirección del flujo y un difusor en el que las paredes
del conducto divergen en la dirección del flujo. Las toberas y difusores para flujos de
gas a elevada velocidad también pueden estar constituidas por una sección
convergente seguida de otra divergente (Sec. 9.13).
En las toberas y difusores, el único trabajo intercambiado es el trabajo deflujo en
las
secciones donde la masa entra y abandona el volumen de control, por lo tanto el término
Wve desaparece de la ecuación del balance de energía para estos dispositivos. El
cambio en la energía potencial desde la entrada a la salida es despreciable en la mayor
parte de
los casos. En estado estacionario los balances de materia y energía se reducen, respec
tivamente, a
o
:Y<e = m. -m.1 2
dt
o
e =
dt
Q. (c2 c2)
1- 2
O _- m +ve (h
- h2)
+
2
EJEMPLO 4.2
A una tobera que funciona en estado estacionario entra vapor de agua con p 1 = 40 bar, T 1 = 400°C, y una velocidad
de 10 m/s. El vapor fluye a través de la tobera con una transferencia de calor despreciable y con un cambio
insignificante de su energía potencial. A la salida, p2 = 15 bar y la velocidad es de 665 rn/s. El flujo másico es de 2
kg/s. Determínese
el área de la sección de salida de la tobera, en m 2.
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor fluye en régimen estacionario a través de una tobera y se conocen su flujo másico y sus
propiedades a la entrada y a la salida, siendo despreciables los efectos de la transferencia de calor y de energía
potencial.
Se debe hallar: El área de la sección de salida.
Datos conocidos y
diJJgramas:
m=2 T
r, = 400° e
kg/s
\
\
\
\
\
\
2
rontera del volumen
de control
l'
Figura E.4.2
Consideraciones:
1. El volumen de control mostrado en la figura .se encuentra en estado estacionario.
2.. La transferencia de calor es despreciable y Wve = O.
. La variación en la energía potencial desde la entrada hasta la salida puede despreciarse.
Análisis: El área de salida puede determinarse a partir del flujo másico m y la Ec. 4.11b, que puede reordenarse para dar
Para evaluar A2 mediante esta ecuación se necesita el volumen específico v2 a la salida y esto requiere conocer el estado
termodinámico del vapor en dicho punto.
El estado a la salida queda determinado por los valores de dos propiedades intensivas independientes. Una será la
presión p2, pues es conocida. La otra es la entalpía específica h 2, determinada a partir del balance de energía en estado
estacionario:
Análisis energético de sistemas abiertos 153
154 Análisis energético de sistemas abiertos
donde Qvc y Wve se anulan de acuerdo con la hipótesis 2. El cambio de energía potencial es despreciable según la
hipó tesis 3 y m puede eliminarse, resultando
Despejando h2
A partir de la Tabla A-4,h 1 = 3213,6 kJ/kg. Las velocidades C1 y C2 son datos. Sustituyendo estos valores y convirtiendo
las unidades del término de energía cinética a kJ/kg tenemos
Comentarios:
Turbinas. Una turbina es un dispositivo en el que se produce trabajo como resultado del
paso de un gas o líquido a través de un sistema de álabes solidarios a un eje que puede
girar libremente. En la Fig. 4.5 se muestra el esquema de una turbina de flujo axial. Las
turbinas son utilizadas en las centrales de vapor (térmicas y nucleares), en las centrales
de turbina de gas y como motores de aviación (Caps. 8 y 9). En estas aplicaciones, un
vapor sobrecalentado o un gas entra a la turbina y se expande hasta una presión menor
de salida produciendo trabajo.
Para una turbina en estado estacionario los balances de materia y energía pueden
redu
cirse hasta dar la Ec. 4.29b. En muchos casos, y particularmente cuando el fluido de tra
bajo es un gas o vapor, el término energía potencial es despreciable. Con una elección
apropiada de la frontera del volumen de control que engloba a la turbina, el cambio de
Análisis energético de sistemas abiertos 15
5
1
---------{>:
1
1
1_ _ _
Álabes estáticos
FIGURA 4.5 Esquema de una turbina deflujo
(Estator)
axial.
EJEMPL04.3
Un flujo másico de 4600 kg/h entra a una turbina que opera en situación estacionaria.La turbina desarrolla una
potencia de 1000 kW. En la entrada, la presión es 60 bar, la temperatura 400°C y la velocidad 10m/s.A la salida la
presión es 0,1 bar, el título 0,9 (90%) y la velocidad 50 m/s. Calcúlese la transferencia de calor entre la turbina y su
entorno.
SOLUCIÓN
Conocido: Una turbina de vapor opera en situación estacionaria. Son conocidos el flujo másico, la potencia y los estados
termodinámicos del vapor a la entrada y a la salida.
Se debe halüu: La velocidad de transferencia de
calor.
Datos conocidos y
dillgramas:
T
r, = 4oo·e
1
1
1
rñ, = 4600 1
kg/h 1
p 1 = 60 bar 1
r, =
= 10 m/s e,
4oo•e
p2 = 0,1 bar e2 =
x2 = 0,9 (90%) 50
Análisis energético de sistemas abiertos 15
m/s 5
V
Figura E.4.3
15 Análisis energético de sistemas
6 abiertos
Consideraciones:
donde m es el flujo másico.Despejando Qvc y despreciando la variación de energía potencial entre la entrada y la salida
.
Qvc =
. .
[
C C
Wvc +m (h2 -hl) + 2-2 1
2
( 2
Para comparar las magnitudes de los términos de entalpía y energía cinética y realizar la conversión necesaria de uni
dades, cada uno de ellos será calculado separadamente.
Primero evaluaremos la variación de entalpía especifica h2 - h1• Utilizando la Tabla A-4, h1 = 3177,2 kJ/kg.El estado
2 es una mezcla de líquido-vapor , por ello tomando datos de la Tabla A-3 y el título dado
Por tanto
Consideraremos a continuación la variación de la energía cinética especifica. A partir de los valores conocidos de
las velocidades
IN 2 ) ( 13 kJ ) = l ,2 kJ/k g
kg ·m/ s 1O N· m
Comentarios:
l. El valor negativo de Qvc indica que existe una transferencia de calor desde la turbina a los alrededores, lo cual era
de esperar.
2. La magnitud de Qvc es pequeña comparada con la potencia desarrollada. También la magnitud de la variación de
energía cinética entre la entrada y la salida es mucho más pequeña que la variación de la entalpía específica .
Análisis energético de sistemas abiertos 157
Entrada
(a (b)
)
(e)
FIGURA4.7 Compresores rotativos: (a) Flujo axial. (b) Centrífugo. (e) Tipo
Roots.
EJEMPL04.4
El aire entra a un compresor que opera en situación estacionaria a una presión de 1bar, a una temperatura de 290 K y
a una velocidad de 6 m/s a través de una sección de 0,1 m2• En la salida, la presión es 7 bar, la temperatura 450 K y
la velocidad 2 rn/s.El calor se transfiere del compresor al entorno con una velocidad de 180 kl/min.Empleando el
modelo de gas ideal, calcúlese la potencia consumida por el compresor, en kW.
SOLUCIÓN
Conocido: Un compresor de aire funciona en situación estacionaria , siendo conocidos los estados termodinámicos a
la entrada y la salida y la velocidad de transferencia de calor.
Se debe hallar: La potencia requerida por el
compresor.
Datos conocidos y
diagramas:
Wve - ?.
p 2 = 7 bar
r2 =450 K
C2 = 2 mis
Consideraciones:
l. El volumerf de control de la figura se encuentra en estado estacionario.
Puede despreciarse el cambio de energía potencial entre la entrada y la salida.
3. Se aplica el modelo de gas ideal para el aire.
158 Análisis energético de sistemas
abiertos
Análisis energético de sistemas abiertos 159
Análisis : Para calcular la potencia consumida por el compresor, comenzaremos planteando el balance de energía de un
volumen de control en estado estacionario con un solo flujo de entrada y salida:
Despejando
. . . C -C
Wve =
[
Qve +m (h¡-h2) +
( 22 ] 1 2
2
(0,1 m 2 = 0,72 kg/s
(6 m/s) (lOs N/m
= )
8314 N ·m ) (290 K)
( 28,97 kg ·K
Las entalpías específicas h 1 y h2 pueden tomarse de la Tabla A-16. A 290 K, h1 = 290,16 kJ/kg. A 450 K, h2 =
451,8 kJ/kg. Sustituyendo estos valores en la expresión obtenida para Wve
1
(-180 ) ( min ) + 0,72kg [ (290,16 451,8)
mm 60s s g_
6 2-2 )(m
2 2
)( • 1N )( 1 kJ ) ]
kJ kg kJ
= - -161,64+0,02)
3-g+0,72-g( kg
= -1194kJ ( l kW ) =-119,4 kW
' s 1 kJ/s
Comentarios:
. .
l. En este ejemplo Qve y W ve tienen valores negativos, indicando que el calor es cedido por el compresor y que el
trabajo es realizado sobre el aire que fluye a su través. La magnitud de la potencia consumida es de 119,4
kW.
2. La contribución del término de energía cinética es despreciable en este caso.También es pequeña la
transferencia de calor con relación a la potencia consumida.
)
Análisis energético de sistemas abiertos 159
3. Puede comprobarse la validez de aplicar el modelo de gas ideal utilizando las gráficas generalizadas de compresi
bilidad.
160 Análisis energético de sistemas
abiertos
EJEMPL04.5
Una bomba impulsa, de modo estacionario, un flujo másico de agua de 10 kg/s a través de una línea de tuberías. La pre
sión a la entrada es 1bar, la temperatura es 20°C y la velocidad es 3 m/s. La presión a la salida es 1,36 bar, la temperatura
es 20°C y la velocidad es 12 m/s.La salida está situada 15m por encima de la entrada. Determínese la potencia
requerida por la bomba en kW. La aceleración local de la gravedad es 9,8 m/s2•
SOLUCIÓN
Conocido: Se bombea agua de modo estacionario, a través de una línea de tuberías hasta una cota más elevada donde
se
descarga con un flujo másico conocido. Se especifican las condiciones a la entrada y a la salida de la línea.
Consideraciones:
l. El volumen de control mostrado en el diagrama opera en situación estacionaria.
2. Puede despreciarse la transferencia de calor con el entorno.
3. La aceleración de la gravedad es g = 9,8 m/s2•
Análisis: En estado estacionario y con la hipótesis 2 la expresión de velocidad del balance de energía se reduce a:
Para poder comparar las magnitudes de los términos entre corchetes, cada término será evaluado separadamente.
Con la Ec. 3.14 y T2 = T1,el cambio de entalpía específica desde la entrada a la salida es
donde vr. hr, y p581 son el volumen específico, la entalpía y la presión de vapor a 20°C. Tomando vr de la Tabla A-2
3
h2 - h 1 = (1,0018 X 3
) ( 136- 100) (kPa) = 0,036 kJ/kg
10-
g (z2 -z 1) = (9,8: 2
r;:----------:;, r¡:-------'
1 1 1 --í>
1 1
1 1 y 1 <1-
1
1
1
1
1 --í> 1
. .------=..1
1 1
(a) (b)
'-------,
<1- 1
EJEMPLO
4.6
El calentador abierto de agua de alimentación de un ciclo de potencia de vapor opera en situación estacionaria, entrando
líquido por la entrada 1 a T1 = 40°C y p 1 = 7 bar. Por la entrada 2 entra vapor de agua a T2 = 200°C y p 2 = 7 bar.
Una corriente de agua líquida saturada lo abandona a una presión de p3 = 7 bar. Despreciando la transferencia de calor
al en
16 Análisis energético de sistemas
abiertos
2 tomo y los ténninos de energía cinética y potencial, detennínese la relación de flujos másicos , mi /
m2.
Análisis energético de sistemas abiertos 163
SOLUCIÓN
Conocido: Un calentador de agua de alimentación con dos entradas y una salida opera en situación estacionaria sin una
transferencia significativa de calor a su entorno.Los estados de los flujos de entrada y salida están especificados.
Se debe hallor: La relación de flujos másicos entre las dos entradas, m 11m2 •
Datos conocidos y diagramas:
rr------------,
1 1
1 1
1 1 Vapor de agua
Agua ll¡:¡uida 1 1
200°C, 7 bar
40°C, 7 bar
12
1
1
1l.!:: ::!.j 1
Figura E.4.6
Consideraciones:
Análisis: Puede obtenerse la relación de flujos másicos m1/ m2 combinando los balances de materia y energía como se
indica a continuación . El balance de materia se reduce a la condicion de estado estacionario para dar
Los términos subrayados pueden anularse de acuerdo con las hipótesis 2 y 3, resultando
Introduciendo m = m +m
3 1 2,
16 Análisis energético de sistemas
4 abiertos
A partir de la Tabla A-4, hz = 2844,8 kJ/kg, y de la Tabla A-3, h 3 =697,22kJ/kg. En la entrada 1el agua es un
líquido. Usando la Ec. 3.14, junto con los datos de la Tabla A-2, la entalpía específica en 1es
3 5
)
(7 -0,07384) (10mN 2 )0 ( 1 1 NkJ. m )
= 167,57 kJ/kg + (1,0078
10
) (kmg
m1 2844,8- 697,22
4 06
m2 = 697,22-168,27 = '
Comentarios:
1 Este ejemplo muestra la aplicación de los balances de materia y energía a un volumen de control con múltiples
entradas y salidas.
2 En este caso el segundo término del segundo miembro de la Ec. 3.14 no contribuye significativamente al valor de h 1,
por tanto podríamos haber utilizado directamente que h1 "" hr (T1).
EJEMPLO 4.7
Al condensador de una central térmica entra vapor de agua a O,1bar con un título de 0,95 y el condensado sale a
O,1bar y 45°C. El agua de refrigeración entra al condensador como una corriente separada a 20°C y sale también
como líquido a 35°C sin cambio en la presión. El calor transferido al entorno del condensador y los cambios de las
energías cinética y potencial de las corrientes pueden despreciarse.Para una operación en estado estacionario,
determínese
(a) la relación de caudales entre el agua de refrigeración y el vapor condensante.
(b) la velocidad de transferencia de energía desde el vapor condensante al agua de refrigeración, en kJ por kg de
vapor que pasa a través del condensador .
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor condensa en estado estacionario por interacción con una corriente separada de agua líquida.
16 Análisis energético de sistemas
4 abiertos
Se debe hallar: La relación de flujos másicos entre el agua de refrigeración y el vapor condensante y la velocidad de
transferencia de energía desde el vapor al agua de refrigeración.
Análisis energético de sistemas abiertos 165
Energía transferida al
agua
de refrigeración
Volumen de control para el apartado (b) Figura E.4.7
Consideraciones:
l. Cada uno de los dos volúmenes de control mostrados en el esquema está en estado estacionario.
2. Pueden despreciarse los cambios de la energía cinética y potencial entre la entrada y salida en las dos corrientes
separadas.
3. Se aplicará .el modelo de líquido incompresible al agua de refrigeración, la cual permanece a presión constante.
Análisis: Las corrientes de vapor y agua de refrigeración no se mezclan. Por tanto, el balance de materia para cada una
de ellas bajo la condición de estado estacionario se reducirá a
(a) La relación entre el flujo másico de agua de refrigeración y el de vapor condensante, m 3/ m 1 ,puede encontrarse a
partir del balance de energía para estado estacionario aplicado al conjunto del condensador
166 Análisis energético de sistemas
abiertos
Los términos subrayados pueden anularse de acuerdo con las hipótesis 2 y 3. Con estas simplificaciones junto con las
relaciones obtenidas para los flujos másicos, el balance de energía resulta
Resolviendo
m3 h 1 - h2
---
m¡ h4 - h3
La entalpía específica h 1 puede determinarse a partir del título dado y la información obtenida de la Tabla A-3. A
partir de ésta y para 0,1 bar, hr = 191,38 kJ/kg y hg =2548,7 kJ/kg, por tanto
La entalpía específica en el estado 2 viene dada por h2 ""' hr (T2) = 188,45 kJ/kg. Con e= 4,18 kJ/kg·K
obtenido de la Tabla A-13, la Ec. 3.20 nos da h4 - = 62,7 kJ/kg.En consecuencia
2465,1 - 188,45
= 62 7 = 36,3
'
(b) Para un volumen de control constituido únicamente por la parte del condensador que encierra al vapor, el balance
de energía en estado estacionario es
Los términos subrayados se anulan de acuerdo con las hipótesis 2 y 3. Combinando esta ecuación con m 1 = m2 ,
resulta la siguiente expresión para el flujo de energía transferido desde el vapor condensante al agua de refrigeración :
2 1
m¡
donde el signo negativo nos ratifica que efectivamente la energía es transferida desde el vapor condensante hacia el
agua de refrigeración .
Comentario: Dependiendo de donde se sitúe la frontera del volumen de control, se obtienen dos formulaciones distintas
para el balance de energía.En el apartado (a), ambas corrientes están incluidas en el volumen de contrql. La transferencia
de energía entre ellas ocurre internamente y no cruza la frontera del volumen de control, por tanto el término Óvc desa
parece del balance de energía. Por el contrario, el término Óvc debe incluirse cuando el volumen de control es el
selec cionado para el apartado (b).
Análisis energético de sistemas abiertos 1b7
Aunque las velocidades son relativamente altas en las proximidades de la restricción, las
mediciones realizadas corriente arriba y corriente abajo de la sección de área reducida
mostrarán en muchos casos que el cambio en la energía cinética específica del gas o
r:--- ---:
1
1 1
1 1
1 1
1 1
1 1
_j 1
L _
..
Frontera del p
Adet es
. .noo
6 n [ volumen
control
r;-- ----:;-¡
1 1
: /\ :
Wilv_j ¡
--------, 1
Tubode 1 1
muestras 1 P2
1
l.! !j T2
FIGURA-4.10 Calorímetro de
estrangulación.
líquido entre los puntos de medida puede ser despreciado. Con esta simplificación
adicio nal, la última ecuación se reduce a
(4.30)
Cuando el flujo a través de una válvula u otra resistencia es idealizado de esta forma, el
proceso se denomina proceso de estrangulación.
Una aplicación del concepto de proceso de estrangulación se emplea en el calorímetro
de estrangulación, que es un dispositivo que sirve para determinar el título de un flujo
formado por la mezcla de fases líquido-vapor. La Fig. 4.10 muestra un calorímetro de
estrangulación conectado a un conducto portador de una mezcla de fases líquido-vapor
a presión p 1, temperatura T1 y título x 1• Para determinar el título supóngase que una pe
queña cantidad del flujo es derivada en estado estacionario hacia el calorímetro, como
muestra la Fig. 4.1O. Si la presión del flujo se reduce lo suficiente en la restricción , la
co rriente derivada pasará a un estado de vapor sobrecalentado. La medida de la presión
p 2 y de la temperatura T2 a la salida del calorímetro permitirá determinar su estado.
Conocidas p 2 y T2, podrá determinarse la entalpía específica h¿ a partir de las tablas
de vapor sobrecalentado para la sustancia, y esto nos facilitará la determinación del título
x 1 según queda ilustrado en el siguiente ejemplo.
Otra aplicación del proceso de estrangulación tiene lugar en los sistemas de refrigera
ción por compresión de vapor. En estos sistemas se utiliza una válvula para reducir la
pre sión del refrigerante desde la presión a la salida del condensador hasta la presión
inferior reinante en el evaporador. Esta aplicación se analizará más adelante en el
Cap. 10. El proceso de estrangulación también juega un importante papel en la
expansión de Joule Thomson que se estudiará en el Cap. 11.
Análisis energético de sistemas 16
abiertos
9
EJEMPL0
4.8
Una línea de suministro transporta una mezcla líquid vapor de agua a 20 bar. Una pequeña fracción del flujo se deriva
hacia un calorímetro de estrangulación y se expulsa a la atmósfera a 1 bar. La temperatura del vapor expulsado se mide
y es 120°C. Determínese el título o calidad del vapor que fluye en el conducto.
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor que se extrae del conducto se expande en un proceso de estrangulación a través de un calorímetro
y se expulsa a la atmósfera.
Se debe hallar: El título del vapor que fluye por el
conducto.
Datos conocidos y
diagramas:
r.-------;-¡
1 1 p
1 1
1 1
1 1
1
-------1 1
1
1 1
1 1
1
[! 2 1
!..]
V
rJgura E.4.8
Consideraciones
:
l. El volumen de control mostrado en el diagrama opera en situación
estacionaria.
2. No existe transferencia de calor apreciable con el entorno y Wvc = O.
3. Los cambios de energía cinética y potencial a través del calorímetro de estrangulación pueden
despreciarse.
Análisis : De acuerdo con las hipótesis enunciadas, h 1 = h2• Además, para la mezcla líquid
vapor:
Comentario: El uso del calorímetro de estrangulación para la medida indirecta del título está limitado a calidades supe
riores al 94% pues sólo de esta fonna se obtiene vapor sobrecalentado a la salida.Para una medida más exacta deberían
realizarse ciertas correcciones que tuvieran en cuenta las pérdidas inevitables de energía por transferencia de calor hacia
el entorno.
EJEMPL04.9
En una jeringuilla se dispone de O,1 kg de aire a 2 atm y 300 K mientras que un pequeño depósito de paredes rígidas y
adiabáticas contiene 0,5 kg de aire a 1atm y 300 K. El aire que contiene la jeringuilla se inyecta en el depósito a través
de un tapón de goma que lo cierra. Para el análisis del proceso puede suponerse que el aire que permanece en lajeringuilla
mantiene las condiciones iniciales. Calcúlese la presión y temperatura del gas al fmal del proceso cuando todo el aire se
encuentra en el depósito. Empléese un modelo de gas ideal para el aire.
SOLUCIÓN
Conocido: Se inyecta una pequeña cantidad de aire en un estado dado, en un depósito que inicialmente contiene aire en
un estado distinto.
Se debe hallar: La temperatura y presión en el estado de equilibrio que se alcanza después de inyectar todo el aire de
la jeringuilla al depósito.
Análisis energético de sistemas 171
abiertos
---,
1
Jeringuilla 1 ·
1
Llave de paso L.
Frontera del volumen de Figura E.4.9
control
Consideraciones:
l. El volumen de control queda defmido en el diagrama por la línea a trazos.
2. El estado del aire contenido en la jeringuilla permanece constante hasta que atraviesa la llave de paso.
3. No existe transferencia de calor con el entorno, Wvc = O, y pueden ignorarse todos los ténninos de energía cinética
y potencial.
Análisis: Como el volumen de control tiene una sola entrada y ninguna salida el balance de materia toma la forma:
. .
De acuerdo con la hipótesis 3, Qvc = Wve = O, y todos lostérminos de energía cinética y potencial pueden
despreciarse. En consecuencia:
De acuerdo con la hipótesis 2, la entalpía específica del aire que entra al volumen de control es constante: he = h(Tj),
donde Ti es la ternperatura -del aire en la jeringuilla. Por tanto si integramos la ecuación anterior resulta
donde md y Td denotan, respectivamente, la masa y temperatura del aire contenido inicialmente en el depósito, y Tes la
temperatura fmal del aire en el depósito.
Combinando las tres últimas ecuaciones y resolviendo
donde md = 0,5 kg y mi= 0,1 kg. Con Td =Ti= 300 K, la Tabla A-16 nos da u= 214,07 kJ/kgy h = 300,19 kJ/kg. Por
tanto:
Interpolando en la Tabla A-16 con este valor de la energía interna específica, la temperatu ra final del aire en el
depósito es T= 320K.
La presión fmal p se encuentra utilizando la ecuación de estado del gas ideal:
donde Pd es la presión del aire inicialmente contenido en el depósito. Combinando las dos últimas ecuaciones
Sustituyendo valores
Comentarios:
l. El análisis resulta simplificado por la hipótesis 2 que fija el estado del aire que entra al volumen de control.
2. La jeringu illa no participa directamente en el análisis pues, dada la formulación de volumen de control utilizada,
forma parte del ambiente. Sin embargo, existe un trabajo de flujo en el lugar donde el aire penetra al volumen de
control. Este está incorporado en el término pv de la entalpía específica correspondiente al flujo de entrada. La
temperatura final del aire en el volumen de control es mayor que la inicial a causa de la energía incorporada al
volumen de control como trabajo de flujo.
Análisis energético de sistemas abiertos 17
3
3. Este problema puede resolverse para un sistema cerrado constituido por todo el aire inicialmente presente en la
jeringuilla y en el depósito. El trabajo para este sistema es W = -Pj Vj, donde Pj denota la presión constante del aire
en la jeringuilla y Vj el volumen inicial del aire en ésta. El signo menos aparece porque el trabajo se realiza sobre
el sistema. El resto de la solución para sistema cerrado se deja como ejercicio.
EJEMPLO 4.10
Un tanque grande contiene vapor de agua a la presión de 15 bar y a una temperatura de 320°C. Una válvula conecta el
tanque con una turbina seguida por un pequeño depósito de 0,6 m3 inicialmente vacío. La válvula se abre y el depósito
se va llenando con vapor hasta que la presión alcanza los 15 bar en cuyo momento la temperatura es 400°C. Entonces
se cierra la válvula. El proceso de llenado se desarrolla adiabáticamente y las variaciones de la energía cinética y
potencial son despreciables. Determínese el trabajo desarrollado por la turbina, en kJ.
SOLUCIÓN
Conocido: Una parte del vapor contenido en un gran tanque y cuyo estado es conocido pasa a través de una turbina lle
nando un pequeño tanque de volumen conocido, hasta que, en este último, se alcanza una condición fmal especificada.
Se debe hallar: El trabajo desarrollado por la turbina.
Datos conocidos y
diagramas:
Válvula [. r n e d v l e de control
Vapora ----- V=
:
1
15 bar
0,6 m3 1
320°C Lr-- JI
_ !
Depósito
inicialment
e vacío Fig\n E.4.10
Consideraciones:
l. El volumen de control está defmido en el diagrama por la línea discontinua.
2. Para el volumen de control se tiene que Qvc = O y que los efectos de energía cinética y potencial pueden despreciar
se.
3. El estado del vapor contenido en el tanque grande permanece constante. El estado final del vapor en el tanque
pequeño es un estado de equilibrio.
4. La cantidad de masa almacenada en la turbina y en los conductos al final del proceso de llenado, es despreciable.
17 Análisis energético de sistemas
4 abiertos
Análisis: Como el volumen de control tiene una sola entrada y no tiene salidas, el balance de masa para el volumen de
control se reduce a
Integrando
De acuerdo con la hipótesis 3, la entalpía específica del vapor que entra al volumen de control es constante y de un valor
igual al correspondiente al estado en el tanque grande.
Resolviendo para Wvc
!l.Uvc y llmvc representan, respectivamente , los cambios de energía interna y masa en el volumen de control. De acuerdo
con la hipótesis 4, estos términos pueden identificarse solamente con el tanque pequeño.
Como el tanque pequeño está inicialmente vacío, los términos !l.Uvc y llmvc son iguales a la energía y masa contenida
por el tanque al final del proceso. Esto es
donde 1 y 2 denotan los estados inicial y final para el tanque pequeño , respectivamente.
A partir de los resultados anteriores
Wvc = m2 (he-
u2)
La masa contenida en el tanque al final del proceso puede calcularse a partir de su volumen y del volumen
específico del vapor a 15 bar y 400°C según la Tabla A :
2,96 kg
V 0,6 m 3
- m -3::---
= (0,203 /kg) =
La energía interna específica del vapor a 15 bar y 400°C según la Tabla A es de 2951,3 kJ/kg.También , a 15 bar y
320°C, he = 3081,9 kJ/kg.
Sustituyendo estos valores en la expresión obtenida para el trabajo
17 Análisis energético de sistemas
4 abiertos
Wvc = 2,96 kg (3081,9- 2951,3) kJ/kg = 386,6 kJ
Análisis energético de sistemas 175
abiertos
Comentarios
:
l. Como en el Ejemplo 4.9, un aspecto importante de este ejemplo es la transferencia de energía al volumen de
control por trabajo de flujo que aparece incorporado en el término pv de la entalpía específica a la entrada.
2. Si se quitara la turbina y el vapor fluyera adiabáticamente al tanque pequeño sin realizar trabajo, la temperatura
final en éste sería de 477°C, como puede comprobarse .
EJEMPLO 4.11
Un tanque cuyo volumen es de 0,85 m 3 contiene una mezcla de líquido y vapor de agua con título 0,7 a la temperatura
de 260°C. A través de una válvula situada en lo alto del tanque, que regula la presión, se va extrayendo vapor
saturado lentamente a la vez que se transfiere energía al tanque en forma de calor para mantener la presión constante.
Este proceso continúa hasta que el tanque se llena de vapor saturado a 260°C. Determínese la cantidad de calor
intercambiado , en kJ. Despréciense los efectos de energía cinética y potencial.
SOLUCIÓN
Conocido: Un tanque que contiene inicialmente una mezcla de líquido y vapor de agua se calienta mientras se va reti
rando lentamente vapor saturado. Este proceso se desarrolla a presión constante hasta que en el tanque sólo existe
vapor saturado.
Se debe hallar: La cantidad de calor cedida al tanque.
Datos conocidos y
diagramas:
1 ----{> Mezcla
\"f!i[!;i!!it;if!h!!J I Un flujo de liquido-vapor
J vapor saturado
HU>H:>u:HH;. 1 abandona
eltanque
i al calentarlo
1 1
1 1
Estado final :
------ Vapor saturado
Estadoinicial:
Análisis energético de sistemas 175
abiertos
Figura E.4.11
176 Análisis energético de sistemas
abiertos
Consideraciones:
l. El volumen de control queda defmido en el diagrama por la línea discontinua .
2. Para el volumen de control, Wve = O y los efectos de energía cinética y potencial pueden despreciarse.
3. El estado del vapor a la salida permanece constante.
4. Los estados inicial y fmal de la masa contenida en el tanque son estados de equilibrio.
Análisis: Como sólo hay una salida y ninguna entrada, el balance de materia adopta la siguiente forma
dmvc .
-- =-m
dt S
dUvc . dmvc
-dt- = Qvc +h--
S
De acuerdo con la hipótesis 3, la entalpía específica a la salida es constante. Por ello la integración de esta última ecuación
nos da
donde m 1 y denotan , respectivamente, las cantidades inicial y final de masa presentes en el tanque.
Los términos u1 y m 1 de la ecuación anterior pueden evaluarse a partir de la Tabla A-2 y de las propiedades conocidas
para la temperatura y calidad de la mezcla. Así
También,
3
V¡= Vf +X¡ (vg- ve) = 1,2755 X 10- + (0,7)(42,21 -1,2755) X 10-3 = 29,93 X 10-3 m3/kg
A partir del volumen específico v 1 , la masa inicialmente contenida en el tanque puede calcularse como
V 0,85 m3
m1 = - =
3 3
= 28,4 kg
V¡ 29,93 X 10- m /kg
Anális is energético de sistemas 17
abiertos 7
El estado final de la masa en el tanque es de vapor saturado a 260°C, entonces a partir de la Tabla
A-2
3
V 0,85 m
m2 =- = 3 3
= 20,14 kg
v2 42,2lx10- m /kg
EJEMPLO 4.12
Un flujo constante de 3,5 kg/s de agua entra en un tanque cilíndrico vertical. El agua sale del mismo por un conducto
cercano a la base del tanque con un flujo másico proporcional a la altura alcanzada por el líquido en el tanque: m 5 = 2,1L
kg/s, donde L es la altura instantánea, en m. El área de la base circular es 0,02 m2. La densidad del agua es constante e
igual a 1000 kg/m 3• Si el tanque se encuentra inicialmente vacío, determínese la variación de la altura de líquido con el
tiempo.
SOLUCIÓN
Conocido: El agua entra y sale de un tanque cilíndrico inicialmente vacío. El caudal de entrada es constante. En la salida,
el flujo másico es proporcional a la altura de líquido en el tanque.
Se debe hallor: La variación de la altura de líquido con el tiempo.
Datos conocidos y diagramas:
r--- -----,
1 • 3 ,_, 1
1 "'e= ,5 "'6/s 1
Frontera
del
volumen
de control
m. =2,1L qjs
Anális is energético de sistemas 17
abiertos 7
Figura E.4.12
178 Análisis energético de sistemas abiertos
Consideraciones:
l. El volumen de control queda definido en el diagrama por la línea discontinua.
2. Ladensidad del agua es constante.
Análisis: Como sólo existe un flujo de entrada y otro de salida, la expresión del balance de materia en términos de
flujos másicos se reduce a
d(pAL) = 3,5-2,1L
dt
Como la densidad y el área son constantes, esta ecuación puede escribirse como
dL +
dt
( )L =
pA
3,5
pA
que es una ecuación diferencial ordinaria de primer orden con coeficientes constantes. La solución es
2,11 )
L = 1,67 +e exp (- pA-
donde e es la constante de integración. La solución puede verificarse por sustitución en la ecuación diferencial.
Para evaluar la constante e se emplea la condición inicial: L =O para t =O.Por tanto e= -1,67 y la solución se trans
forma en
con t en segundos.
Comentario: Cuando t oo, L 1,67. Es decir, el nivel de líquido permanece constante, igualándose para el límite los
caudales de entrada y salida.
Analisis energético de sistemas abiertos 179
EJEMPLO
4.13
Un tanque que contiene inicialmente 45 kg de agua a 45°C tiene una entrada y una salida con flujos másicos iguales. El
agua líquida entra a 45°C y el caudal es de 270 kg/h. Un serpentín refrigerante inmerso en el agua toma energía a una
velocidad de 7,6 kW. El agua se remueve con un agitador de modo que la temperatura es uniforme a lo largo y ancho del
tanque. La potencia consumida por el agitador es de 0,6 kW. Las presiones a la entrada y salida son iguales y todos los
ténninos de energía cinética y potencial pueden despreciarse. Determínese cómo varía la temperatura del agua con el
tiempo.
SOLUCIÓN
Conocido: En un tanque constantemente agitado se enfría una corriente de agua líquida mediante un serpentín refrige
rante siendo iguales los flujos másicos a la entrada y a la salida.
Se debe hallar: La variación con el tiempo de la temperatura del agua contenida en el tanque.
Datos conocidos y
diagramas:
Nivel del
Frontera
318
:l
Ol
nl
(ij
"O
l
¡¡¡
(¡j
a.
E
296
o 0,5 1,
O
Tiempo ,h Figura E.4.13
Consideraciones:
1. El volumen de control queda defmido en el diagrama por la línea a trazos.
Análisis energético de sistemas abiertos
2. Para el volumen de control, la única transferencia significativa de calor se produce con el serpentín refrigerante.
Los efectos de energía cinética y potencial son despreciables .
3. La temperatura del agua es uniforme con la posición a lo largo y ancho del tanque: T = T (t).
4. El agua contenida en el tanque se comporta como un líquido incompresible, y el cambio de presión entre la entrada
y la salida puede despreciarse.
dU vc du
dt
= = mvc dt
Como se asume que el agua es incompresible , la energía interna específica dependerá de la temperatura únicamente. En
consecuencia podemos emplear la regla de la cadena para escribir
du du dT dT
dt
= -
dT dt
= c-
dt
De acuerdo con la Ec. 3.20 el término de entalpía en el balance de energía puede expresarse como
donde el término de presión se desprecia de acuerdo con la hipótesis 4. Como el agua está bien mezclada, la temperatura
a la salida iguala a la temperatura de la cantidad total de líquido contenido en el tanque, por tanto
Como puede verificarse por sustitución directa, la solución de esta ecuación diferencial ordinaria de primer orden es
T = e1 exp - -
m.-t) + (Qvc.-Wvc) + 7,
(
mvc me
1
T = T¡ + (Qvc-Wvc)[ 1- exp
( mv/ )
nic -
Sustituyendo el valor del calor específico e para el agua líquida obtenido de la Tabla A-13 y los datos numéricos
dados,
T = 318 K+
(
(3600 S
-
[ 270 kg ) (4 2 kJ )
' kg. K
45
Comentarios:
l. Cuando t -7 oo, T -7 296 K. Esto es, la temperatura del agua se aproxima a un valor constante tras un tiempo
suficientemente largo. A partir de la gráfica puede aprecia;se que este tiempo es de aproximadamente una hora
para el ejemplo planteado.
2. En este caso se han realizado idealizaciones acerca del estado de la masa contenida en el sistema y sobre los
estados del líquido a la entrada y a la salida.Mediante estas idealizaciones hemos conseguido reducir la dificultad
del análisis transitorio a un grado razonable.
182 Análisis energético de sistemas abiertos
PROBLEMAS
4.1 Un volumen de control tiene una sola entrada y una 4.3 Una tubería por la que se transporta un líquido incom presible
sola salida. El flujo másico que entra es constante en el dispone de una cámara de expansión tal como ilus tra la
tiempo e igual a 100 kg/h.En la salida, el flujo másico Fig. P4.3. Obténgase una expresión que relacione la
varía variación del nivel de líquido en la cámara, dL/dt, en
según la ley ms= 100 [l-exp (-2 t)], donde ms se función de los diámetros 0 1 , D2 y D, y de las velocidades
expresa e, y e2•
en kg/h y t en horas. Si la masa inicial contenida en el
volumen de control es de 50 kg, determínese la cantidad
de masa que contendrá cuando t = 2 h.
4.2 Un tanque suministra agua a una bomba, según mues tra la Depósito de
expansión
Fig. P4.2. El agua entra al tanque a través de una tube ría
de 2,5 cm de diámetro con un flujo constante de 3,5 kg/s y
sale para alimentar la bomba por otra tubería del mismo
diámetro.El diámetro del tanque es de 45 cm y el tope de
la tubería de 5 cm empleada de rebosadero se sitúa a 0,6 m
del fondo del tanque. La velocidad e, en m/s, del agua que
sale hacia la bomba varía con la altura z del agua en el
tanque, en m, de acuerdo con e= 4,505 z 1a. Determínese
cuánto tiempo se necesitará para que el tanque
inicialmente vacío alcance el estado estacionario. En dicho
Figura
estado, calcúlese la cantidad de agua, en kg/s, que P4.3
abandona el tanque por la tubería que hace de rebosadero.
¡-¡-t-- --
J
4.5 Una mezcla de gases ideales con un peso molecular
aparente de 48 g/mol entra a un dispositivo a 3 bar, 157°e
1 1
1
1
z
y 180 m/s a través de un área de 20 cm2• A la salida, la
Rebosadero 1
presión es de 1,5 bar y la velocidad de 120 m/s, siendo el
r- -----.....
área de
flujo igual a 40 cm 2• Para una operación en estado estacio
Figura P4.2
182 Análisis energético de sistemas abiertos
:... .J1
n (b) La temperatura de salida, en °C.
a 4.6A una turbina entra vapor a través de un conducto de 0,2 m
r
de diámetro. La velocidad del vapor es 100 m/s, su
i
o presión es 14MPa, y su temperatura es 600°e. El vapor
sale de la turbina a través de un conducto de 0,8 m de
d diámetro
e
t
e
r
m
í
n
e
s
e
:
(a) E
l
f
l
u
j
o
m
á
s
i
c
o
d
e
g
a
s
,
e
n
k
g
/
s
.
Análisis energético de sistemas abiertos 183
con una presión de 500 lePa y una temperatura de 180°C. (a) El diámetro, en m, del conducto por el que se extrae
Para la operación en situación estacionaria, determínese: el vapor, si su velocidad es de 20 m/s.
(a) La velocidad del vapor en la salida, en m/s. (b) La potencia desarrollada, en kW.
(b) El flujo másico de vapor, en kg/s.
4.7 Un volumen de control con una entrada y dos salidas opera
en situación estacionaria, tal como muestra la Fig. Potencia
P4.7. Utilizando los datos de la figura calcúlese: a) el flujo
másico en la entrada, en kg/s, b) el flujo másico en la salida p 1 = 3 MPa
..
;'{
producida
] =={>
= 4oo• e \:·..,,...
2. en kg/s. y e) l a velocidad en l a salida 3, en m/s. ---Y-t>
T1
(AC) = 85 m3/min
p3 = 6 kPa
r;-------, ···--;:.;._. x3 = 90%
1 12 1
Entrada Volumen de m2 = ? m3= 40.ooo kg/h
de vapor ----,r-o.-r control ll l l'- Líquido
A¡ = 0,6 m2 1 1 saturado cinética y potencial pueden despreciarse. Calcú lese:
c1 = 50 m/s -------:..1 P3 = 1,5 bar
p¡ = 10 bar A3 = 0,018 m2
r1 = 4oo c m.3 = 50 kgts
Figura P4.7
pierde por transferencia de calor con los alrededores. El 1MPa. A la salida del equipo se tiene agua líquida
res to se utiliza para calentar agua desde 54,5 hasta saturada a la presión de 1 MPa. Ignorando la
71°C. El agua pasa a través del colector solar con una transferencia de calor entre el calentador y su entorno
pérdida despreciable de presión . Determínese la así como las variaciones de energía cinética y potencial ,
producción de agua caliente, en kg/min, para la operación calcúlese la temperatura del vapor en la entrada 2, en
en estado estacionario. °C, si es vapor recalentado , o su título si es una mezcla
¿Cuántos colectores de este tipo serían necesarios para de líquido-vapor.
producir 150 1 de agua a 71,1oc en 30
4.17 El dispositivo en la Fig. P4.17 opera en situación
minutos?
estacionaria. El flujo de R12 formado por dos fases que entra
por 1 se mezcla con el flujo de vapor recalentado que entra
por 2. Los flujos de líquido y vapor saturados en equilibrio
formados en la cámara flash la abandonan por 4 y 3,
respectivamente. A partir de los datos mostrados en la figura
e ignorando el intercambio de calor con el entorno y los
efectos de las energías cinética y potencial, calcúlese el flujo
másico que sale por 3.
Vapor saturado
345kPa
2
Figura
P4.14
435kg/h
345 kPa, 26,7•"e
determínese el flujo másico de agua, en kg/h. 4.18 Un flujo de R134a entra a la válvula de estrangulación
de un sistema de refrigeración con una presión de 1,2MPa
3
y sale a 0,24 MPa con un título del30% ¿Cuál es la
tempera tura del R134a en la entrada?
P3 = 20 bar
Vapor saturado 4.19 Una gran tubería conduce una mezcla de líquido-va por de
agua en equilibrio a 1MPa. Una pequeña cantidad de
1Válvula Válvula
2 este flujo se deriva por un conducto muy estrecho a un
calo rímetro de estrangulación. El vapor sale del mismo
p 2 - 25 a la presión atmosférica de 1 bar y con una temperatura
bar
T2 .. de ll2°C. Calcule el título del flujo de vapor conducido en
2oo·c la tubería grande.
Figura 4.20 Un flujo de vapor atraviesa una válvula de estran
P4.15 gulación adiabática. A la entrada, la presión es 4 MPa, la
184 Análisis energético de sistemas
temperatur aotenoses 60 m/s. La presión a
a es 320°C y la velocidad
4.16 Un calentador abierto de agua opera en situación la salida es 0,7 MPa y los conductos de entrada y salida
estacionaria.El agua entra por 1a 50°C y 1 MPa. Otro tie nen el mismo diámetro. Calcúlese la velocidad,
flujo vapor entra por 2 con m2 /m 1 = 0,22 y una
de de
presión temperatura y entalpía específicas del vapor a la salida.
Análisis energético de sistemas abiertos
4.21 Un flujo másico de R12 entra, después de ser estran gulado Para la operación en estado estacionario, determínese el
previamente , en la cámara flash mostrada en la Fig. P4.21. flujo másico de gases, en kg/s, y la velocidad con que se
En la cámara se separan sendas corrientes de líquido y transfiere energía del gas al agua en el generador de vapor,
vapor saturados en equilibrio. Despreciando la transfe rencia en kW. Las propiedades de los gases de la combustión
de calor a los alrededores y las variaciones de energía pueden tomarse como las del aire (Tabla A-16). lgnórense
cinética y potencial, calcúlense los flujos másicos de lasco las pérdidas de calor al ambiente y los efectos de las
rrientes de líquido y vapor. en kg/h . energías cinética y potencial.
3 Gases de la
combustión
Vapor saturado
p3 = 4 bar (A)
2 p = 1000
lbflin.2 2
1
Figura P4.21 p 3 = 1 lbflin.
r1 = 120° F
x3 = 90%
r8 =4o• e r3 = 32•c
Uquido saturado
p 8 = 1,5 bar
3
L( Salida
Entrada 1 de Potencia del
de aire 1 agua compresor: 2,1
Válvula kW
p = 96 kPa de
.r 11= 27° e 3 expansión
(AC) = 26,91 m /min
1 :]
4
p = 263
kPa
2
r2 =12? e
0
El refrigerante 12circula a través de los distintos el modelo de gas ideal, y suponiendo que tanto el compresor
componen tes del sistema, reflejándose en la figura los como la turbina operan adiabáticamente, determínese:
datos de propie dades en los estados significativos del ciclo
(a) El trabajo consumido por el compresor, en kJ por kg
de refrigeración. El flujo másico de refrigerante es de 4,6
kg/mln. Determí nense, las velocidades de transferencia de de aire.
calor, en kJ/min, (b) La temperatura a la entrada de la turbina , en °C.
(a) desde el refrigerante al aire acondicionado en el con (e) La transferencia de calor, Qe en kW.
densador;
(b) entre el compresor y sus alrededores;
·
(e) desde el aire atmosférico al refrigerante en el evapo
rador.
4.25La Fig. P4.25 muestra el esquema de una central térmica
que opera en situación estacionaria. En ella se reflejan los
datos de propiedades para los estados significa tivos del
agua que es el fluido térmico empleado. El flujo másico
de agua es de 130 kg/s. Las variaciones de energía cinética
y potencial son despreciables . Determínese:
(a) La transferencia de calor al agua a su paso por el ge
nerador de vapor. Entrada de aire
(b) La potencia neta desarrollada por la planta. 520° R Salida de aire
14,51bf/in.2 1480° R
(e) El flujo másico de agua de refrigeración si experi 42.000 14,51bf/in.2
menta un salto térmico de l5°C en el condensador. W/min
Figura P4.26
Potencia
Figura P4.25 consumida
4.28 Un tanque rígido y bien aislado, de 10m3 de volumen, sobre la cámara flexible que contiene al R 12, tal como
está conectado a una gran tubería por la que fluye vapor de mues tra la Fig. P4.31. Se abre la válvula que conecta el
agua a 15 bar y 280°C. Inicialmente el tanque está vacío. tanque con una línea de suministro por la que fluye Rl2
Se abre la válvula de conexión y se pef!Y1ite que entre a 1 MPa y l20°C. La válvula de regulación de presión
vapor al tanque hasta el momento en que la presión en su actúa permi tiendo que la presión en el interior del tanque
interior alcanza los 15 bar. Calcúlese la masa de vapor
se mantenga constante a 300 lePa al expandirse la
que habrá entrado en el tanque, en kg.
cámara. La válvula entre la línea de sumini stro y el tanque
4.29 Un tanque rígido y bien aislado de 7 ft3 de capacidad se cierra en el instante en que todo el líquido se ha
contiene inicialmente helio a 160°F y 30 lbf/in.2 Una válvu vaporizado. Determínese la cantidad de R12 que entrará
la que conecta el tanque con el exterior se abre dejando que
en el tanque a lo largo del proceso.
el helio escape lentamente hasta que la presión dentro del
tanque cae a 18 lbf/in.2 Una resistencia eléctrica se encarga 4.32 Un dispositivo cilindro-pistón bien aislado térmica
de mantener la temperatura del helio contenido en el tanque mente está conectado a través de una válvula a una línea de
constante a 160°F. Determínese: suministro de aire a 6,9 bar y 26,7°C, tal como muestra la
(a) La masa de helio que abandona el tanque, en kg. Fig. P4.32. El aire contenido en su interior se encuentra
(b) La energía eléctrica consumida por la resistencia, en inicialmente a 1 atm y 26,7°C, ocupando un volumen de
kJ. 2,83 dm 3. Inicialmente la cara interna del pistón se localiza
en x = O y el muelle no ejerce fuerza sobre el mismo. La
4.30 Un tanque rígido de 1 m 3 de capacidad contiene ini
presión atmosférica es de 1 atm y I_a superficie del pistón
cialmente aire a 300 lePa y 300 K. El aire se escapa lenta
mente del mismo por una fuga hasta que la presión alcanza de 0,02 m 2• La válvula se abre, permitiendo que entre aire
la atmosférica que es de 100 lePa. El aire que al final del lenta mente hasta que ocupa un volumen de •11,3 dm3
proceso permanece en el tanque sigue una trayectoria Durante este proceso , el muelle ejerce una fuerza sobre el
politrópica de índice n = 1,2.Determínese, para un volumen pistón que varía de acuerdo con la ley F = k·x, donde k
de control que contenga al tanque, la transferencia de calor, =102,16 N/cm. No existe fricción entre el pistón y el
en kJ. Supóngase comportamiento de gas ideal con calor cilindro. Empleando el modelo de gas ideal, determínese la
específico constante para el aire.
presión y la temperatura final del aire en el interior del
cilindro.
Válvula de Depósito de nitrógeno
Figura
P4.31
4.33 La Fig. P4.33 muestra una cámara bien aislada cuyo aire constante a su través de 1 lb/rnin. El aire en el interior
volumen es de 1 ft3• Inicialmente , la cámara contiene aire de la cámara está bien mezclado, de modo que la tempera
a 14,7 lbf/in.2 y 100°F. La cámara está conectada a través tura y presión es siempre uniforme en toda la cámara.
de sendas válvulas de control a sus líneas de carga y Determínense la temperatura y presión del aire contenido
descarga. El aire de suministro está a 30 lbf/in.2 y en el interior de la cámara en función del tiempo. Modélese
200°F. Se abren ambas válvulas simultáneamente, el aire como gas ideal con calor específico constante.
permitiendo un flujo de
4.1O El coste de la calefacción de agua en una vivienda 4.40 Una empresa de manufacturas tiene sin aislar térmi
puede reducirse usando !imitadores de flujo en las alca camente una tubería de 170m (11/2 in., Schedule 40,
ctt\,fas de las duchas, disminuyendo la temperatura de
• acero). El vapor entra a la misma saturado a 0,83 bar de
consigna en el calentador de agua y encerrando este último presión manométrica con un flujo másico de 40.000 kg/h.
con una cubierta aislante. Estime el ahorro en costes de ¿Podría estimar el ahorro de energía que supondría el
ener gía que supondría cada una de estas medidas para aislamiento térmico de la tubería? ¿Mectaría el aislamiento
una vivienda tipo. Considérese como alternativas para el a las condi ciones de salida del vapor transportado?
sumi nistro de agua caliente el calentador eléctrico y el Explíquese con detalle. Coméntense los aspectos
calentador a gas. económicos más relevan tes a la hora de abordar el
4.20En este capítulo se han introducido un gran número de proyecto de aislamiento y su relación mutua.
equipos de importancia significativa a escala industrial.
4.50 Una fábrica utiliza aire comprimido a la presión de 6
Para cada uno de los dispositivos enumerados abajo, dé
bar (manométrica) para accionar válvulas y otros dispo
algún ejemplo de aplicación y discuta por qué dicho
sitivos de control neumático .Una auditoría energética de
dispositivo es particularmente adecuado para la aplicación
la
citada. Expli que también por medio de los diagramas
planta ha identificado 10 orificios de 6 mm de diámetro y
adecuados sus prin cipios de operación.
otros 20 orificios de 0,8 mm en distintos conductos de aire a
(a) Compresores alternativos, de flujo axial y centrífu lo largo de la planta. El caudal de aire que sale por cada
gos. orificio puede estimarse en
(b) Intercambiadores de calor de contacto-directo, de
carcasa y tubos y de placas. (AC )= 2,661 02
donde Des el diámetro en mm y el caudal viene en
4.30 La distribución de velocidades para flujos laminar y
turbulento en tubos circulares viene dada m 3/h.Los compresores de aire de la factoría funcionan
por 8.760 horas al año ¿Significaría una reducción importante
en la potencia consumida por los compresores la
flujo laminar C = Co [1 -(r/R)2] reparación de las fugas detectadas? Explíquelo.
flujo turbulento C = C0 [1- (r/R)] 1n
4.60 Las presas de baja altura (3 a 10m) que se emplean
Para cada distribución de velocidades, deduzca una expre
con frecuencia para controlar el caudal de los ríos, propor
sión para la energía cinética específica de un fluido incom
cionan una oportunidad para la producción de energía eléc
presible que fluye a través de una superficie A normal al
trica por medio de turbinas hidráulicas . La estimación del
flujo. ¿Cuál es el error relativo si la energía cinética especí
potencial hidroeléctrico debe tomar en consideración el des
fica se calcula a partir de la velocidad media? ¿Qué
nivel disponible y el caudal del río, los cuales pueden variar
distribu ción se ajusta más correctamente al modelo de
considerablemente a lo largo del año. Busque este tipo de
flujo unidi mensional? ¿En qué circunstancias se produce
datos para un río que pase próximo a su ciudad. A partir de
un flujo turbulento en una tubería? ¿Qué implicaciones se
derivan de la distribución de velocidades con respecto a la la información conseguida, estime el potencial anual de
medida de caudales y flujos másicos en tuberías? generación eléctrica para una central hidroeléctrica locali
188 Análisis energético de sistemas
zada en dicho río. ¿Coinciden los períodos punta de abiertos
capaci-
Análisis energético de sistemas abiertos 189
dad de generación eléctrica con los de demanda eléctrica? transferencia de energía. Para el volumen de control que
¿Recomendaría a la empresa eléctrica local acometer el contiene el evaporador, indique qué instrumentos de medida
pro yecto de instalación de la central localizada? serán necesarios y dónde estarán localizados, de modo que
Explíquelo. se obtengan datos suficientes para completar los balances de
4.70 La fig. P4.7D muestra un dispositivo experimental materia y energía.
empleado para realizar pruebas sobre evaporadores de car
casa y tubos en los que un refrigerante se evapora en el -------,
1 1
exterior de los tubos por cuyo interior fluye una mezcla de 1 1
.----..,_-_,1 Subsistema 1
agua y etilenglicol. Como muestran las líneas discontinuas .
ref ngerante 1
de la figura, dos subsistemas proveen de refrigerante y de 1
mezcla de agua-alcohol de modo controlado para que el 1
1
1
1
evaporador funcione en estado estacionario. El subsistema -------1 l _ l
1 1
de refrigerante puede suministrar líquido saturado de R12 o 1 1
1 1
R134a a temperaturas de hasta -20°C. La máxima 1
....
'
CAPÍTULO 5
EL SEGUNDO PRINCIPIO
DE LA TERMODINÁMICA
En lo presentado basta ahora se ba hecho hincapié en el uso de los principios de
conservación de la materia y energía, junto con las relaciones entre propiedades para
el análisis termodinámico. En los Caps. 2 a 4 estos fundamentos se han aplicado a
situaciones cada vez más complejas. Sin embargo, la aplicación de los principios
conservativos no siempre es suficiente y a menudo también se requiere el segundo
principio de la Termodinámica para el análisis termodinámico. En este capítulo se
introduce este segundo principio. También se consideran un conjunto de deducciones
que pueden denominarse corolarios del mismo. La presentación realizada proporciona
la base para los desarrollos subsiguientes, en los Caps. 6 y 7, relativos al segundo
principio.
19 El segundo principio de la
2 Termodinámica
5.1 INTRODUCCIÓN
pio. En la discusión se muestra por qué se han enunciado varias formulaciones alternati
vas del segundo principio en vez de una sola.
Aire atmosférico a
r---------
1 1
1 1
1 to 1
Tiempo Tiempo 1 1
1 1
(a)
Aire atmosférico a
To• Po
(/
-----' \
1
1
1
J
\.
_ --
........
·
/
1
1
1 Alnt 1 1 1
1 Airea 1 1 Ainta
P; >Po 11Poo To 11
Po <p < p;
f
L J ,1 _j1
(b)
1
t
Z¡
t
t (e)
0 < Z < Z¡
FIGURA 5.1 Ejemplos de procesos espontáneos y de su evolución hasta el estado de equilibrio con
el entorno. (a) Transferencia espontánea de calor. (b) Expansión espontánea.(e) Cafda
libre.
El segundo principio de la 19
Termodinámica 3
vez de pennitir que el cuerpo de la Fig. 5.la se enfríe espontáneamente sin producir un
resultado útil , su energía puede transferirse en fonna de calor a un sistema que por medio
de un ciclo de potencia desarrolle una producción neta de trabajo (Sec. 2.6). Una vez haya
alcanzado el objeto el equilibrio con su entorno, el proceso cesará. Aún cuando existe una
oportunidad para producir trabajo en este caso, esta oportunidad se malgastará si se per
mite que el cuerpo se enfríe espontáneamente sin producir ningún trabajo. Refiriéndonos
de nuevo al caso del aire comprimido de la Fig. 5.lb, en vez de permitir que el aire se
expanda sin objetivo hacia el entorno el proceso de flujo podría realizarse a través de una
turbina produciendo trabajo. Por lo tanto, en este caso también existe la posibilidad de
una producción de trabajo que no se utilizará si el proceso espontáneo no se controla. En
el caso de la Fig. 5.lc, en vez de permitir que la masa caiga de una fonna incontrolada ,
podría descender gradualmente haciendo girar un eje que nos pennitiría elevar otra masa,
y así sucesivamente.
La posibilidad de realizar trabajo procede siempre de una diferencia en una propiedad
intensiva. En el primer caso mostrado en la Fig. 5.1, una diferencia de temperatura
pro porciona el impulso para que pueda fluir calor de una región a otra dando lugar a
una oportunidad de producción de trabajo. No es esencial que Ti sea mayor que T0 tal
como muestra la Fig. 5.la. Si el cuerpo estuviera inicialmente a una temperatura
menor que la del ambiente, Ti< T0, la energía podría fluir por transferencia de calor
desde el ambiente hasta dicho cuerpo, manteniéndose la posibilidad de producir
trabajo por medio de un sistema que opere cíclicamente. En el caso mostrado en la
Fig. 5.1b, una diferencia de presion es proporciona el impulso que hace fluir al aire y,
en consecuencia, la oportunidad
de obtener trabajo. Esta posibilidad existe tanto si Pi > p 0, como muestra la Fig.
5.lb, como si Pi < p 0. Si ocurre esto último el aire fluirá hacia el interior del tanque
desde el entorno. Para el tercer caso, mostrado en la Fig. 5.lc, la diferencia de alturas
proporciona la posibilidad de producir trabajo.
La discusión precedente puede resumirse diciendo que cuando existe un desequilibrio
entre dos sistemas existe también una posibilidad de producir trabajo que se perderá
irrevocablemente si pennitimos que los sistemas alcancen el equilibrio de una manera
incontrolada. Reconocida esta posibilidad de producir trabajo,podemos todavía plantear
nos estas dos cuestiones: (1) ¿Cuál es la cantidad máxima de trabajo que puede obtener
se? (2) ¿Cuáles son los factores que hacen imposible la realización de esta máxima
producción de trabajo? Que debe existir una cantidad máxima está completamente de
acuerdo con la experiencia, pues si fuese posible desarrollar una ilimitada producción de
trabajo se oirían pocos comentarios preocupados por el agotamiento de los recursos
energéticos fósiles. También está de acuerdo con la experiencia la idea de que incluso los
mejores dispositivos estarán sujetos a factores como la fricción, los cuales impedirán la
producción del máximo trabajo teórico. El segundo principio de la Tennodinárnica
proporciona medios para detenninar el máximo teórico y evaluar cuantitativamente los
factores que impiden la obtención de este máximo.
determinar las mejores prestaciones teóricas de ciclos, motores y otros equipos, y (4)
evaluar cuantitativamente los factores que impiden alcanzar en la práctica dicho nivel
ideal de prestaciones. Otros usos adicionales del segundo principio incluyen su papel en
(5) la definición de una escala de temperatura independiente de la sustancia termométrica
empleada y (6) el desarrollo de procedimientos para evaluar propiedades como u y h en
función de otras que pueden obtenerse más fácilmente por vía experimental. Los
científicos e ingenieros han encontrado muchas aplicaciones adicionales del segundo
principio y de sus consecuencias. También ha sido empleado en economía, filosofía, y en
otras áreas muy alejadas de la Termodinámica técnica.
Los seis puntos enumerados deben entenderse como diferentes aspectos del segundo
principio de la Termodinámica y no como ideas independientes y no relacionadas. Sin
embargo, dada la gran variedad de estas ideas tópicas, debe ser fácil entender por qué no
existe una única formulación del segundo principio que explique todas y cada una de ellas
con claridad. Existen varias formulaciones alternativas, aunque equivalentes, del
segundo principio. En la siguiente sección se introducen dos de dichas formulaciones que
serán el punto de partida para nuestro estudio de este principio y de sus consecuencias.
Aunque la relación exacta de estas formulaciones particulares con cada uno de los
aspectos adicionales de dicho principio pueden no ser evidentes de inmediato, todos ellos
pueden obtenerse por deducción a partir de estas formulaciones y de sus corolarios. Re
sulta importante añadir que el segundo principio se ha cumplido infaliblemente cuando
una de sus consecuencias ha sido comprobada directa o indirectamente por experimen
tación. De acuerdo con esto, el soporte del segundo principio de la Termodinámica, como
el del resto de las leyes físicas, es la evidencia experimental.
De entre las muchas formulaciones del segundo principio, dos son las más frecuen
temente utilizadas en la Termodinámica técnica, las formulaciones de Clausius y Kelvin
Planck. El objetivo de esta sección es el de presentar estas dos formulaciones y demostrar
que son equivalentes entre sí.
La formulación de Clausius ha sido seleccionada como punto de partida para el
estudio del segundo principio y de sus consecuencias porque está de acuerdo con la
experiencia y por Jo tanto resulta más fácil de aceptar. Aunque algo más abstracta, la
formulación de Kelvin-Planck tiene la ventaja de que proporciona caminos adecuados
para alcanzar deducciones importantes del segundo principio relacionadas con sistemas
que desarrollan ciclos termodinámicos. Una de estas deducciones, la desigualdad de
Clausius (Sec. 6.1), nos conduce directamente a la definición de la propiedad entropía y
a formulaciones del segundo principio convenientes para el análisis de sistemas cerrados
y volúmenes de control que experimentan procesos no necesariamente cíclico .
La formula ción de Clausius del segundo principio puede expresarse como sigue: Es
imposible la existencia de un sistema que pueda funcionar de modo que su único
efecto sea una transferencia de energía mediante calor de un cuerpofrío a otro más
caliente.
t96 El segundo principio de la
Tennodinámica
Sistema desarrollando un
ciclo termodinámico
y produciendo un trabajo neto Wciclo hacia su entorno. Los flujos de energía mostrados
en la Fig. 5.2 se consideran positivos en las direcciones que indican las flechas.
Considérese ahora el sistema combinado limitado por la línea de puntos en la Fig.
5.2, que consiste en el foco frío y los dos dispositivos. Puede entenderse que el
sistema com binado opera según un ciclo pues una de sus partes desarrolla un ciclo y
las otras dos no experimentan ningún cambio de estado. Por otra parte, el sistema
combinado recibe una cantidad de energía (Qc - Qp) por transferencia de calor desde
un único foco, el foco caliente, y produce una cantidad equivalente de trabajo. De
acuerdo con este resultado, el sistema combinado viola el enunciado de Kelvin-
Planck. Por tanto, una violación del enunciado de Clausius implica una violación del
enunciado de Kelvin-Planck. La equi valencia de las dos formulaciones del segundo
principio sólo quedará demostrada com pletamente cuando se demuestre también que
una violación del enunciado de Kelvin Planck implica una violación del enunciado
de Clausius. Esto se deja como ejercicio.
Uno de los usos más importantes del segundo principio en ingeniería es el de determinar
las mejores prestaciones teóricas de los sistemas. Comparando la prestación real con el
óptimo teórico puede alcanzarse un mejor discernimiento de las posibilidades potencia
les de mejora. Como puede suponerse, el mejor funcionamiento se analiza mediante
procesos idealizados. En esta sección se presentan estos procesos y se distinguen de los
procesos reales.
Se dice que un proceso es irreversible si, una vez que el proceso ha tenido lugar, resulta
imposible devolver al sistema y a todas las partes del entorno a sus respectivos estados
iniciales. Un proceso es reversible si ambos, sistema y entorno, pueden devolverse a sus
198 El segundo principio de ta
Termodinam1ca
estados iniciales. Los procesos irreversibles son el objeto de la presente discusión. Los
procesos reversibles serán analizados en la Sec. 5.3.2.
A un sistema que ha sufrido un proceso irreversible no le es necesariamente imposible
volver a su estado inicial. Sin embargo, si lo hiciera, entonces sería imposible devolver
también al entorno al estado en que se encontraba inicialmente. Como se verá a conti
nuación, el segundo principio puede emplearse para establecer si ambos, sistema y entor
no, pueden devolverse a su estado inicial después de que haya tenido lugar un proceso.
Es decir, el segundo principio puede utilizarse para detenninar si un proceso dado es
reversible o irreversible.
Resulta evidente a partir de la discusión del enunciado de Clausius del segundo
princi
pio que cualquier proceso que implique una transferencia espontánea de calor desde un
cuerpo caliente a otro frío es irreversible. En caso contrario sería posible devolver esta
energía del cuerpo frío al caliente sin producir otro efecto en los cuerpos implicados o en
su entorno. El enunciado de Clausius niega esta posibilidad. Además de la transferencia
de calor espontánea, los procesos que involucren cualquier otra clase de suceso espontá
neo son irreversibles, por ejemplo, la expansión incontrolada de un gas o de un líquido.
Hay muchos otros efectos cuya sola presencia en un proceso defme su irreversibilidad.
La fricción, la resistencia eléctrica, la histéresis y la deformación inelástica son ejemplos
importantes. En resumen , los procesos irreversibles incluyen uno o más de los siguientes
efectos:
• Transferencia de calor a través de una diferencia fmita de temperaturas
• Expansión libre de un gas o líquido hasta una presión más baja
• Reacción química espontánea
• Mezcla espontánea de sustancias con diferente composición o estado
• Rozamiento -tanto el de deslizamiento cuanto la viscosidad en el seno de un
fluido
• Flujo de corriente eléctrica a través de una resistencia
• Magnetización o polarización con histéresis
• Defonnación inelástica
El segundo principio puede emplearse para demostrar que un proceso que involucre
cualquiera de estos efectos es, efectivamente, irreversible. Este razonamiento se verá en
el próximo ejemplo para un caso con rozamiento.
Aunque la lista anterior no es exhaustiva, sí sugiere que todos los procesos reales
son
irreversibles. Es decir, todo proceso involucra efectos como los mencionados, tanto si
son procesos naturales como si son procesos desarrollados en dispositivos construidos,
desde el mecanismo más simple hasta la más compleja planta industrial. El término
"irreversibilidad" será utilizado para identificar cualqui ra de estos efectos.La lista
dada previamente comprende algunas de las irreversibi lidades que aparecen con
mayor fre cuencia.
A medida que un sistema desarrolla un proceso las irreversibilidades podrán aparecer
dentro del sistema y/o en su entorno, aunque en ciertos casos pueden estar localizadas
predominantemente en un sitio o en otro. Para muchos análisis resulta conveniente
dividir las irreversibilidades presentes en dos clases. Las irreversibilidades internas
serán aquellas que ocurran dentro del sistema. Las irreversibilidades externas serán
aquellas otras que ocurran en el entorno, a menudo en el entorno inmediato. Como esta
El segundo principio de la Tennodinámica 19
9
EJEMPL05.1
Un sistema está constituido por un bloque de masa m y un plano inclinado. Inicialmente el bloque está en reposo sobre
el plano inclinado. En un proceso el bloque se desliza por el plano alcanzando finalmente una posición de reposo en
una cota más baja. No existe una transferencia de calor significativa entre el sistema y su entorno durante el
proceso.Utili zando la formulación de Kelvin-Planck del segundo principio demuéstrese que este proceso, en el que
existe rozamiento, es irreversible.
SOLUCIÓN
Conocido: Un bloque se desliza descendiendo por un plano inclinado bajo la influencia de la gravedad hasta una cota
más baja.
20 El segundo principio de la
0 Termodinámica
Se debe halltu: Utilizando la foJ111ulación de Kelvin-Planck hay que probar que el proceso es irreversible.
Datos conocúlos y diagramas:
r-..
1 ........
¡-.. ....
1 ',
1 / r-..
1 ....
---i
1 '
1 1
Frontera 1
: Energfa interna = u, 1
1
z,
'----------------""--¡- L----
------------ -_- _..::.._'_'._
(a) T (e)
T Z¡
1
(b ) Figura E.5.1
(d)
Consideraciones:
l. El bloque y el plano inclinado fonnan un sistema
cerrado.
2. El bloque se encuentra en reposo al principio y al final del
proceso.
3. Durante el proceso no existen transferencias de calor y trabajo significativas entre el sistema y sus alrededores.
4. Como se muestra en la figura, se emplear! un dispositivo polea-cable para demostrar que el proceso es
irreversible.
AIUÍlisis: Tomando como sistema el bloque y el plano inclinado, el balance de energía para sistemas cerrados se
reduce,
de acuerdo con las hipótesis 2 y 3,
a:
o
bien
Ue - U¡= mg (z¡-zc)
20 El segundo principio de la
0 Termodinámica
Por tanto, el rozamiento actúa durante el proceso convirtiendo la disminución de energía potencial del bloque en un
in cremento de energía interna para el sistema bloque-plano.Como no ocurren transferencias de calor entre el
sistema y su entorno, las condiciones del entorno se mantendrán inalteradas durante el·proceso. Esto nos pennite
centrar la atención en el sistema únicamente a la hora de demostrar que el proceso es irreversible.
El segundo principio de la Tennodinámica 201
Cuando el bloque está en reposo después de deslizar por el plano, su elevación es zr y la energía interna del
sistema bloque-plano es Ur. Para demostrar que el proceso que ha tenido lugar es irreversible, utilizando el enunciado
de Kelvin Planck, tomaremos la condición del sistema mostrada en la Fig. E5 .1a, como estado inicial de un ciclo
formado por tres procesos.
Proceso 1: Supongamos que puede ocurrir el proceso inverso sin que se produzcan cambios en el entorno. Es decir,
consideremos que el bloque retoma espontáneamente a su altura inicial mientras que la energía interna del
sistema decrece hasta su valor inicial, U¡, como muestra la Fig. E5.1b. (Este es el proceso cuya imposibilidad
queremos demostrar.)
Proceso 2: Como se muestra en la Fig. E5.1e, el uso del dispositivo polea=-cable nos permitirá hacer descender el bloque
desde z¡ hasta zr, aprovechando la disminución de energía potencial para realizar trabajo (por ejemplo ele
vando otra masa presente en el entorno). El trabajo realizado por el sistema será igual a la disminución de
la energía potencial del bloque: mg (z¡-zr).
Proceso 3: La energía interna del sistema puede incrementarse desde U¡ hasta Ur poniéndolo en contacto con un
reservorio, como se muestra en la Fig. E5.ld. La transferencia de calor requerida es Q = Ur - U¡. O,
de
acuerdo con los resultados obtenidos del balance de energía para el sistema en el análisis realizado
previamente , Q = mg (z¡-zr). Al concluir este proc o el bloque se encuentra de nuevo a una altura Zf y
la
energía interna del sistema bloque-P,lano inclinado es de nuevo Ur.
El resultado neto de este ciclo es el de tomar energía de un único foco por transferencia de calor y producir una
can tidad equivalente de trabajo. No existen otros efectos. Sin embargo, este ciclo viola el enunciado de Kelvin-
Planck. Como tanto el proceso de calentamiento del sistema por el foco (Proceso 3) como el descenso de la masa por
el disposi tivo polea-cable produciendo trabajo (Proceso 2) son posibles, debe concluirse que es el proceso 1el que
resulta imposi ble.Como el proceso 1 es el inverso del proceso original en el que el bloque descendía por el plano, se
concluye que el proceso original es irreversible.
Foco térmico
En otras palabras, el trabajo neto ·realizado por (o sobre) el sistema que desarrolla un
ciclo es igual al calor neto transferido al (o desde) el sistema. Para la discusión que
sigue es particularmente importante tener en cuenta que si Wciclo es negativo,
entonces Qciclo también es negativo. Es decir, si existe una transferencia neta de
energía al sistema en forma de trabajo durante el ciclo, entonces existirá una
transferencia neta de igual cantidad de energía por calor desde el sistema durante el
ciclo.
Ahora considérese el caso especial de un sistema que desarrolla un ciclo mientras
intercambia energía mediante transferencia de calor con un único foco térmico, tal
como muestra la Fig. 5.3.Supongamos que el trabajo es cedido a, o recibido de, un
dispositivo masa-polea localizado en el entorno. Un volante, muelle, o cualquier otro
dispositivo podría realizar también dicha función. Cualquier ciclo que opere como se
muestra en la Fig.5.3 debe satisfacer la restricción mencionada acerca de las cantid
ades de trabajo neto y calor neto intercambiados entre el sistema y su entorno
durante el ciclo. El ciclo también debe satisfacer una restricción impuesta por el
segundo principio que se refiere a la dirección de dichos intercambios de energía: De
acuerdo con el enunciado de Kelvin-Planck, un sistema que desarrolla un ciclo
comunicado térmicamente con un único foco no pued e transferir una cantidad neta
de trabajo a su entorno. Es decir, el trabajo neto del ciclo nopu ede ser positivo . No
obstante, el enunciado de Kelvin-Planck no niega la posibilidad de que ocurra una
transferencia neta de trabajo al sistema durante el ciclo o de que el trabajo neto sea
nulo. Estas deducciones pueden resumirse como s1gue:
donde las palabras un único f oco se añaden para enfatizar que el sistema sólo está
comunicado térmicamente con un único foco mientra s se ejecuta el ciclo. Combinando
la Ec. 5.1 con Wciclo = Qciclo se obtiene que Qciclo :5 O. Cada una de estas
El segundo principio de la
desigualdades puede ser vista como la expresiónTermodinámica
analítica del enunciado de Kelvin-
Planck del segundo principio de la Termodinámica .
El segundo principio de la 20
Tennodinámica 5
Así, el sistema y todos los elementos del entorno deben volver exactamente a sus
respectivas condiciones iniciales. Un ciclo como éste es reversible por definición. De
acuerdo con ello, no pueden existir irreversibilidades ni en el sistema ni en su entorno. Se
deja como ejercicio el demostrar lo recíproco: si un ciclo ocurre reversiblemente,
entonces es aplicable el signo de igualdad. Como un' ciclo es, bien reversible, bien
irreversible, se deduce que el signo de desigualdad implica la presencia de irrever
sibilidades. A la inversa, la desigualdad debe ser utilizada siempre que las irreversibi
lidades estén presentes.
La Ec. 5.1 se emplea en las secciones siguientes para obtener una serie de deduc
ciones importantes. En cada una de estas aplicaciones se asumirán las idealizaciones
utilizadas en la discusión anterior: el reservorio térmico y la porción del entorno con el
que se realiza el intercambio de trabajo están libres de irreversibilidades. Esto permite
que el signo "menor que" se asocie a las irreversibilidades dentro del sistema de interés.
El signo "igual" se empleará únicamente cuando no se presenten irreversibilidades de
ningún tipo.
En esta sección se presentan varios corolarios importantes del segundo principio rela
tivos a los ciclos de potencia y a los ciclos de refrigeración y bomba de calor. Estos
resultados facilitarán nuestra comprensión de las implicaciones de dicho principio y
proporcionarán la base para las importantes deducciones adicionales introducidas en las
secciones siguientes. Para mantener la presentación en un nivel introductorio, sólo
consideraremos de momento sistemas que desarrollan ciclos termodinámicos mientras se
comunican térmicamente con dos reservorios térmicos. Dado que se requiere cierta
familiaridad respecto a los ciclos termodinámicos, resulta recomendable revisar ahora la
206 El segundo principio de la
Tennodinámlca
Sec. 2.6, donde se consideraban los ciclos desde la perspectiva del pnnctpto de
conservación de la energía y donde se introducían los conceptos de rendimiento térmico
para los ciclos de potencia y de coeficiente de operación para los ciclos de refrigeración
y bomba de calor.
5.4.1 Limitaciones del segundo principio sobre ciclos de potencia. Corolarios de Carnot
A partir del enunciado de Kelvin-Planck del segundo principio puede deducirse una
limitación significativa en el rendimiento de los sistemas que desarrollan ciclos de
potencia. Considérese la Fig. 5.4, que muestra un sistema ejecutando un ciclo mientras
está en contacto térmicamente con dos focos térmicos, un foco caliente y otro frío,
desarrollando un trabajo neto positivo Wciclo· El rendimiento térmico del ciclo es
wciclo
, =
(5.2)
donde Qc es la cantidad de energía recibida por el sistema del foco caliente por
transferencia de calor y QF es la cantidad de energía cedida por el sistema al foco frío por
transferencia de calor. El sentido positivo de las transferencias de energía viene indicado
por la dirección de las flechas señaladas en la Fig. 5.4.
Si el valor de QF fuera nulo, el sistema de la Fig. 5.4 podría retirar la energía Qc del
reservorio caliente y producir idéntica cantidad de trabajo mientras desarrolla el ciclo.El
rendimiento térmico de un ciclo como este tendría un valor igual a la unidad (100%). Sin
embargo, este ·modo de operación violaría el enunciado de Kelvin-Planck y por tanto no
está permitido. Así, resulta que para cualquier sistema que ejecute un ciclo de potencia
operando entre dos reservorios, sólo una porción del calor recibido Qc podrá ser trans
formada en trabajo, y la restante, QF, deberá descargarse por transferencia de calor al foco
frío. Es decir, el rendimiento térmico deberá ser menor del 100%. Para alcanzar esta
conclusión no ha sido necesario (1) ni identificar la naturaleza de la sustancia contenida
por el sistema, (2) ni especificar la serie concreta de procesos que constituyen el ciclo,
(3) ni indicar si los procesos son procesos reales o procesos ideales. La conclusión de que
el rendimiento térmico debe ser menor dell00% se aplica a todos los ciclos de potencia
cualesquiera que sean los detalles de su operación. Esto puede entenderse como un
corolario del segundo principio.
Como ningún ciclo de potencia puede tener un rendimiento térmico del lOO% resul
tará de interés determinar si existe un máximo rendimiento teórico .El rendimiento máxi
mo teórico de los sistemas que desarrollan ciclos de potencia mientras intercambian calor
con dos reservorios térmicos a diferentes temperaturas, será evaluado en la Sec. 5.6 par
tiendo de los dos siguientes corolarios del segundo principio, llamados corolarios de
Carnot.
Corolario 1: El rendimiento térmico de un ciclo de potencia irreversible es siempre
menor que el rendimiento térmico de un ciclo de potencia reversible cuando
ambos operan entre los dos mismos focos térmicos.
Corolario 2: Todos los ciclos de potencia reversibles que operan entre los dos
mismos
206 El segundo principio de la
focos térmicos tienen el mismo Tennodinámlca
rendimiento térmico.
E/ segundo principio de la 207
Tennodinámica
calor con un foco simple, el foco frío. De acuerdo con esto, el sistema combinado
deberá satisfacer la Ec. 5.1 expresada como
la cual muestra que W1debe ser menor que WR. Como cada ciclo recibe la misma
energía,
Qc, se concluye que r¡1 < TIR lo cual completa la demostración del Corolario
l.
El Corolario 2 puede demostrarse en forma paralela si se consideran cualesquiera dos
ciclos reversibles R 1 y R2 que operan entre los dos mismos focos. Haciendo que R 1juegue
el papel de R y R2 el papel de I en el desarrollo anterior, puede formarse un sistema
combinado que incluye los dos ciclos y el reservorio caliente y que cumple la Ec. 5.1. Sin
embargo, al aplicar la Ec. 5.1 a este sistema combinado se utilizará la igualdad pues el
sistema opera reversiblemente. Por tanto, podrá concluirse que WR 1 = WR2, y en conse
cuencia TIRI = TIR2 • Los detalles de esta demostración se dejan como ejercicio.
El Corolario 2 se refiere únicamente a ciclos reversibles. Todos los procesos de un
ciclo reversible son perfectos en el sentido más estricto de la palabra. Podría pensarse que
si dos ciclos reversibles operaran entre los mismos focos recibiendo ambos la misma
cantidad de energía Qc y produciendo uno más trabajo que el otro, esto sólo podría ser
consecuencia de una selección más ventajosa de la sustancia que constituye el sistema
(puede imaginarse, por ejemplo, que el aire es mejor que el vapor de agua) o de la serie
de procesos que forma el ciclo (los procesos de flujo pueden ser preferibles a los procesos
El segundo principio de la Termodinámica 20
9
de no flujo). El Corolario 2 niega ambas posibilidades y nos indica que los ciclos
tendrán el mismo rendimiento independientemente de la elección realizada sobre la
sustancia de trabajo y la serie de procesos.
QF (5.3)
=
wciclo
(5.4)
Cuando el trabajo neto consumido por el ciclo Wciclo tiende a cero, los coeficientes de
operación dados por las Ecs. 5.3 y 5.4 se aproximan a un valor infmito. Si Wcicio fuese
idénticamente nulo, el sistema de la Fig. 5.6 podría tomar la energía QF del foco frío y
ceder la misma cantidad de energía QF al reservorio caliente, mientras desarrolla un
ciclo. Sin embargo, esta forma de operación violaría el enunciado de Clausius del
segundo principio y por tanto no está permitida. De esto se sigue que los coeficientes de
operación deben tener un valor finito.
Como los coeficientes de operación de los ciclos de refrigeración y bomba de calor
deben ser finitos, resultará de interés el determinar si existen unos valores máximos
teóricos. Los coeficientes máximos teóricos para sistemas que desarrollan ciclos de
refrigeración y bomba de calor mientras intercambian calor con dos focos a temperatura
s distintas, serán evaluados en la Sec. 5.6 a partir de los corolarios del segundo
principio que se establecerán a continuación.
La Fig. 5.7 muestra un ciclo de refrigeración reversible R y un ciclo de refrigeración
El segundo principio de la Termodinámica 20
irreversible 1que operan entre los mismos dos focos.Cada ciclo extrae la misma 9
cantidad de energía QF del reservorio frío. El trabajo neto consumido que se requiere
para que
210 El segundo principio ae ta
1ennoamam1ca
funcione el ciclo Res WR mientras que el trabajo neto consumido por I es W1. Cada
ciclo descarga una cantidad de energía al foco caliente, por transferencia de calor, igual
a la suma de QF y el trabajo neto consumido. Las direcciones de las transferencias de
energía
se muestran con flechas en la Fig. 5.7. La presencia de irreversibilidades durante la
operación de un ciclo frigorífico, es de suponer que conlleve asociada una
penalización. Si dos frigoríficos trabajan entre los mismos focos recibiendo ambos
igual cantidad de energía del foco frío, QF, mientras uno ejecuta un ciclo reversible y
el otro ejecuta un ciclo irreversible, es de esperar que el ciclo irreversible requiera un
consumo mayor de trabajo neto y que por tanto tenga un coeficiente de operación
más pequeño . A partir de estas consideraciones puede proponerse el siguiente
corolario del segundo principio. El coeficiente de operación de un ciclo de
refrigeración irreversible es siempre menor que el coeficiente de operación de un
ciclo de refrigeración reversible cuando ambos intercambian energía por
transferencia de calor con los dos mismos reservorios térmicos. Este corolario
puede demostrarse part iendo de la Ec. 5.1 y utilizando un procedimiento muy
similar al seguido para los corolarios de Carnot. Los detalles se dejan como ejercicio.
Por simple extensión también puede demostrarse que todos los ciclos de
refrigeración reversibles que operen entre los dos mismos focos térmicos tendrán el
mismo coeficiente de operación.
A continuación, considérese un ciclo de bomba de calor reversible R y un ciclo de
bomba de calor irreversible I funcionando ambos entre los dos mismos focos. Cada uno
de los ciclos cede la misma cantidad de energía Qc por transferencia de calor al foco
caliente. El trabajo neto requerido para operar R es WR mientras que el trabajo neto
consumido por 1es W1• Como en el caso de los ciclos de refrigeración, es de esperar una
penalización a causa de las irreversibilidades: el ciclo irreversible requerirá una mayor
cantidad de trabajo para entregar la misma cantidad de energía Qc al foco caliente. En
consecuencia, el coeficiente de operación de una bomba de calor irreversible es
menor que el de la bomba de calor reversible. También puede concluirse que todos los
ciclos de bomba de calor reversibles que puedan operar entre los dos mismos focos
210 El segundo principio ae ta
1ennoamam1ca
tendrán el mismo coeficiente de operación. Estas conclusiones pueden demostrarse
formalmente
':J segundo principio de la Termodinámica 211
y reordenando términos
(5.5)
donde la función '1' está sin especificar hasta el momento . Nótese que las palabras
"ciclo rev" se añaden a esta expresión para insistir en que únicamente es aplicable a los
sistemas que desarrollan ciclos reversibles operando entre dos focos. La Ec.5.5
muestra que para dichos ciclos el cociente de las transferencias de calor Qp 1 Qc sólo
está relacionado con las temperaturas de los reservorios.
La Ec. 5.5 nos proporciona la base para definir una escala termodinámica de
temperatura: una escala independiente de las propiedades de cualquier sustancia. Hay
distintas elecciones alternativas de la función '1' para alcanzar dicho fm. La escala Kelvin
se obtiene adoptando una particularmente simple, a saber, '1' = TF 1 TC• donde T es el
símbolo utilizado para las temperaturas en la escala Kelvin. Con esto, la Ec. 5.5 se
transforma
en
( :L.. =
rev
(5.6)
212 El segundo principio de la Tennodinámica
En consecuencia, el cociente de dos temperaturas en la escala Kelvin es igual al
cociente entre los valores de los calores absorbido y cedido, respectivamente, por un
sistema que desarrolla un ciclo reversible en contacto térmico con focos a dichas
temperaturas.
El segundo principio de la Termodinámica 21
3
T = 273,16 (g )
pt ciclo
(5.7)
rev
donde Qpt y Q son los calores transferidos entre el ciclo y los focos a 273,16 K y
temperatura T, respectivamente. En el presente caso la transferencia de calor Q juega
el papel de propiedad termométrica. No obstante, como el rendimiento de un ciclo
rever sible es independiente de la constitución del sistema que ejecuta el ciclo, la
definición de temperatura dada por la Ec. 5.7 no depende en modo alguno de las
propiedades de cualquier sustancia o tipo de sustancia .
En la Sec. 1.5 se hizo notar que la escala Kelvin tiene un cero de O K, y que las
temperaturas menores que ésta no están definidas. Revisemos estos hechos
considerando un ciclo de potencia reversible que opera entre focos a 273,16 K y a
una temperatura menor T. Con referencia a la Ec. 5.7, sabemos que la energía Q
cedida por el ciclo no puede ser negativa, por tanto T debe ser no negativa. La Ec. 5.7
también muestra que cuanto menor sea el valor de Q más baja será la temperatura T y
viceversa. De acuerdo con esto, a medida que Q se aproxima a cero el valor de la
temperatura también se aproxima a cero. Puede concluirse que la temperatura de cero
en la escala Kelvin es la temperatura más baja concebible. Esta temperatura se
denomina el cero absoluto, y a la escala Kelvin se la llama también escala absoluta de
temperatura.
Cuando se quieren determinar los valores numéricos de la temperatura termodinámica
no resulta posible emplear ciclos reversibles pues estos sólo existen en nuestra imagina
ción.Sin embargo, las temperaturas evaluadas utilizando el termómetro de gas a volumen
constante introducido en la Sec. 1.5 son idénticas a las de la escala Kelvin en el rango de
temperaturas accesible al termómetro de gas. La escala Kelvin proporciona una defmi
ción continua de temperatura válida para todos los rangos y nos proporciona una cone
xión esencial entre las diversas medidas empíricas de temperatura.
La Escala InternaCional de Temperatura, adop ada en 1927 y basada en considera
ciones tanto teóricas como prácticas, constituye la norma para la medida de temperaturas.
Esta escala ha sido perfeccionada y ampliada en varias revisiones , siendo la última la de
1990. La Escala Internacional de Temperatura de 1990 (ITS-90) está defmida de modo
que la temperatura medida en ella coincida con la temperatura termodinámica , cuya
unidad es el kelvin , dentro de los límites de precisión de medida alcanzables en 1990. La
21 El segundo principio de la
4 Tennodinámica
a Punto triple: temperatura a la que las fases sólida, líquida y vapor están en equilibrio. Punto de fusión, punto de
congelación: temperatura, a la presión de 101,325 kPa, a la que las fases sólida y líquida están en equilibrio.
b He representa al 3He o al 4He; e-H2 es hidrógeno en el equilibrio entre las formas moleculares orto y para.
Fuente: H. Preston-Thomas, "The lntemational Temperature Scale of 1990 (ITS-90)," Metrologia , vol. 27, p. 3-
10, 1990.
ITS-90 se basa en los valores asignados para la temperatura de un número de puntos fijos
fácilmente reproducibles (Tabla 5.1). La interpolación entre las temperaturas de dos pun
tos fijos se realiza con fórmulas que proporcionan la relación entre la lectura del instru
mento estándar y los valores de la escala práctica internacional de temperatura. En el
rango de 0,65 a 5,0 K, ITS-90 se defme mediante ecuaciones que dan la temperatura co
mo una función de las presiones de vapor de varios isótopos particulares de helio. El
rango de 3,0 a 24,5561 K se basa en medidas que utilizan un termómetro de volumen
constante de gas helio. En el rango de 13,8033 a 1234,93 K, ITS-90 se define por medio
de ciertos termómetros de resistencia de platino .Por encima de 1234,9 K la temperatura
se define usando la ecuación de Planck para la radiación del cuerpo negro y medidas
de la intensidad de la radiación del espectro visible.
de los focos evaluadas en la escala Kelvin. Estas expresiones pueden emplearse como
estándares de comparación para ciclos reales de potencia, refrigeración y bomba de
calor.
Sustituyendo la Ec. 5.6 en la Ec. 5.2 resulta una expresión para el rendimiento térmico
de un sistema que desarrolla un ciclo de poten cia mientras opera entre dos focos
térmicos a temperatura Te y TF· Es decir,
11máx (5.8)
Tl 41 (100%)
0,5 según Te 400
o a
298 1000 2000 3000
FIGURA 5.8 Rendimiento de Camot en función de
Temperatura , Te (K) Te, para TF = 298 K
la temperatura media de cesión de calor. Para un ciclo reversible que recibiera y cediera
energía por transferencia de calor a dichas temperaturas, el rendimiento térmico dado por
la Ec. 5.8 es del60%. Comparado con este valor, un rendimiento real del40% no parece
ser demasiado bajo, pues representa dos tercios de la máxima eficiencia teórica. Una
discusión más completa de los ciclos de potencia se realizará en los Caps. 8 y 9.
La Ec. 5.6 también es aplicable a los ciclos de refrigeración y bomba de calor que
operan entre dos reservorios térmicos, pero en este caso QF representa el calor que el
ciclo toma del foco frío a temperatura TF en la escala Kelvin y Qe al calor que cede al
foco caliente a temperatura Te. Introduciendo la Ec. 5.6 en la Ec. 5.3 se obtiene como
resultado la siguiente expresión para el coeficiente de operación de cualquier sistema
que desarrolle un ciclo de refrigeración reversible mientras opera entre dos focos:
máx =
(5.9)
(5.10)
La obtención de las Ecs. 5.9 y 5.10 se deja como ejercicio. Nótese que las temperaturas
que deberán emplearse para evaluar máx y Ymáx tendrán que ser temperaturas absolutas,
expresadas bien en la escala Kelvin o bien en la escala Rankine.
A partir de la discusión desarrollada en la Sec. 5.4.2 se sigue que las Ecs. 5.9 y 5.10
216 El segundo principio de la
sQn los máximos coeficientes de operación Tennodinámica
que pueden tener los ciclos de
refrigeración y los ciclos de bomba de calor cuando operan entre dos focos a
temperaturas Te y TF·
El segundo principio de la 217
Tennodinámica
Como en el caso del rendimiento de Carnot, estas expresiones pueden emplearse como
estándares de comparación para los frigoríficos y bombas de calor reales. Una
discusión más completa de los ciclos de refrigeración y bomba de calor será
desarrollada en el Cap. 10.
EJEMPLO
5.2
Un inventor sostiene que ha desarrollado un ciclo de potencia capaz de producir un trabajo neto de 410 kJ a partir de
un consumo de energía , por transferencia de calor, de 1000 kJ. El sistema que realiza el ciclo recibe el calor de un
flujo de gases calientes cuya temperatura es de 500 K y descarga calor a la atmósfera a 300 K. Evalúese esta
afmnación.
SOLUCIÓN
Conocido: Un sistema funciona siguiendo un ciclo y produce una cantidad neta de trabajo mientras recibe y descarga
energía por transferencia de calor a temperaturas prefijadas.
Se debe hallar: Evalúese la afmnación de que el ciclo puede desarrollar 41O kJ de trabajo con una entrada de
energía en forma de calor de 1000 kJ.
Datos conocidos y
diagramas:
Q8 = 1000 kJ
W=410kJ
•------ -L J
300K
Figura E.5.2
Qs
eonsideraciones:
l. El sistema se muestra en la figura anterior.
2. Los gases calientes y la atmósfera juegan el papel de reservorio caliente y frío, respectivamente .
Análisis: Utilizando los valores suministrados por el inventor, el rendimiento térmico del ciclo es:
410 =0,41 (41% )
r¡= 1000
El máximo rendimiento térmico para cualquier ciclo de potencia que pueda operar entre los reservorios a Te = 500 K y
Tp = 300 K viene dada por
Tp 300
1"1
·•máx
= 1- - = 1 - -
Te 500
= o '40 (40% )
El segundo principio de la 217
Tennodinámica
Como el rendimiento térmico del ciclo analizado supera el valor máximo teórico,la afmnación del inventor no es válida.
21 El segundo principio de la Tennodinámica
8
Comentario: Las temperaturas utilizadas para calcular Tlmáx deben ser temperaturas absolutas, bien en la escala
Kelvin o bien en la escala Rankine.
EJEMPLO
5.3
Un refrigerante a baja temperatura circula en situación estacionaria a través de los conductos insertados en las paredes
del compartimiento de un congelador.El ciclo frigorífico mantiene una temperatura de -5°C en el congelador cuando
la temperatura del aire que rodea la instalación es de 22°C. La transferencia de calor desde el congelador al
refrigerante es de 8000 kJ/h y la potencia requerida para accionar el ciclo frigorífico es de 3200 kJ/h. Determínese para
el frigorífico su coeficiente de operación y compárese con el de un ciclo frigorífico reversible que funcionara entre las
mismas tempera turas.
SOLUCIÓN
Congelador a- so C (268 K)
Figura E.5.3
El segundo principio de la 219
Termodinámica
Consideraciones:
l. El sistema mostrado en la figura se encuentra en situación estacionaria.
2. El comportamiento del congelador y el aire del entorno juegan los papeles de reservorio frío y caliente,
respectiva mente.
Análisis: Utilizando los datos de funcionamiento dados, el coeficiente de operación del frigorífico es
= = 8000 kJ/h = 2 5
W.CIC. 1O 3200 kJ/h '
Sustituyendo valores en la Ec. 5.9 obtenemos el coeficiente de operación de un ciclo de refrigeración reversible que tra
baja entre los reservorios a TF = 268 K y Te = 295 K.
TF 268 K
9 9
máx = T -TF = 295 K-268 K= •
e
Comentario: La diferencia entre los coeficientes de operación máximo y real sugiere que puede existir una potencial
mejora del rendimiento tennodinámico. Este objetivo debe analizarse cuidadosamente, sin embargo, pues una mejora
en el rendimiento requerirá un incremento de tamaño, complejidad y coste.
EJEMPL05.
4
Una vivienda requiere 5 x lOS kJ por día para mantener su temperatura a 20°C cuando la temperatura exterior es de
10°C. Detennínese el trabajo mínimo teórico para un día de operación, en kJ, si se emplea un ciclo de bomba de
calor para suministrar dicha energía.
SOLUCIÓN
Conocido: Una bomba de calor mantiene una vivienda a una temperatura especificada. La energía suministrada a la
vi vienda y la temperatura ambiente son conocidas.
Se debe hallar: El mínimo trabajo teórico requerido por la bomba de
calor.
Datos conocidos y
diagramas:
Entorno a 1o• C
El segundo principio de la 219
Termodinámica
Figura E.5.4
22 El segundo principio de la
0 Tennodinámica
Consideraciones:
1. El sistema se muestra en la figura.
2. La vivienda y el aire exterior juegan los papeles de reservorio caliente y frío, respectivamente.
Análisis: Considerando las direcciones indicadas en la figura para las energías intercambiadas ,el balance de energía para
la bomba de calor es:
La condición de mínimo trabajo corresponde a una operación reversible. Para la operación reversible de una bomba
de calor entre los reservorios a TF y TC• las transferencias de calor están relacionadas por la Ec. 5.6:
rev
Eliminando QF entre estas dos ecuaciones , se obtiene la siguiente expresión para el trabajo mínimo:
Sustituyendo valores
5 4
283 ) (5 x kJ) = 1,71 x 10 kJ
wmín = (1- 10
293
Comenlllrios:
1. A causa de las irreversibilidades, una bomba de calor real requerirá un trabajo mayor que Wmín para producir el
mismo efecto de calefacción .
2. La ecuación del balance de energía utilizada en la solución se aplica a cualquier ciclo de bomba de calor, reversible
o irreversible, pero la Ec. 5.6 se aplica únicamente a los ciclos reversibles que operan entre dos reservorios con tem
peraturas fijas.
p
4
Fig. 5.10 proporciona los detalles de cómo se ejecuta el ciclo. El pistón y las
paredes del cilindro son adiabáticos. Las transferencias de calor son positivas en la
dirección de las flechas. Véase también que hay dos reservoríos a temperaturas Te y
TF• respectivamente , y una base aislada térmicamente. Inicialmente, el dispositivo
cilindro-pistón se encuen tra sobre la base aislada y el sistema está en el estado
l. Los cuatro procesos del ciclo son:
Proceso 1-2: El gas se comprime adiabáticamente hasta el estado 2, cuya
temperatura es Te.
Proceso 2-3: El dispositivo se pone en contacto con el reservorío a Te· El gas se
expande isotérmicamente mientras recibe la energía Qe del reservorio
caliente por transferencia de calor.
Proceso 3-4: El dispositivo se coloca de nuevo sobre la base aislada y se permite que
el gas continúe expandiéndose, ahora adiabáticamente, hasta que la
· temperatura caiga a TF·
Proceso 4-1: El dispositivo se pone en contacto con el reservorio a Tp. El gas se
comprime isotérmicamente hasta su estado inicial mientras cede la
energía Qp al reservorio frío por transferencia de calor.
Para que la transferencia de calor durante el proceso 2-3 sea reversible, la diferencia
entre la temperatura del gas y la temperatura del reservorio caliente debe ser
extremadamente pequeña. Como la temperatura del reservorio se mantiene constante,
esto implica que la temperatura del gas también permanecerá constante durante el
proceso 2-3. La misma conclusión puede obtenerse para el proceso 4-1.
Para cada uno de los cuatro procesos internamente reversible s del ciclo de Camot
el trabajo puede representarse como una superficie en la Fig. 5.9.El área bajo la línea
1-2 del proceso adiabático representa el trabajo consumido por unid ad de masa
para comprimir el gas en este proceso. Las áreas bajo las líneas 2-3 y 3-4
representan el trabajo por unidad de masa realizado por el gas según se expande en
El segundo principio de la 22
Termodinámica
dichos procesos. El área bajo la línea 4-1 es el trabajo consumido por unidad de masa
1
para comprimir el gas
22 El segundo principio de la
2 Termodinámica
Compresión Expansión
Expansión Compresión
adiabática isoterma adiabática isoterma
Foco frío
TF
Trabajo 1
1
1
1
1
1
1
1
1 3 2 1
1_--------- --------- - _ l
1
P Te
p
Te
\ 4
PROBLEMAS
5.1 Explique, para cada uno de los casos siguientes, cómo 5.6 Demuéstrese que los siguientes procesos son irre versibles
podría obtenerse trabajo a medida que el sistema evoluciona utilizando para ello el enunciado de Kelvin Pianck.
hacia el equilibrio con su entorno. Propóngase también
(a) Un foco térmico caliente está conectado a un foco
algún proceso para restituir al sistema a sus condiciones
frío a través de una barra cilíndrica aislada térmica
iniciales.
mente en su superficie lateral. La barra recibe ener
(a) El sistema consiste en un cubito de hielo colocado
gía del foco caliente y la cede al frío en un proceso
en un vaso. El cubito de hielo se funde y alcanza
de transferencia de calor por conducción que se
finalmente el equilibrio.
desarrolla en régimen estacionario .
(b) El sistema consiste en un tanque vacío rodeado por
aire atmosférico. La válvula de conexión se abre, el (b) Un depósito de paredes rígidas y adiabáticas está
aire entra en el tanque y fmalmente se alcanza el dividido en dos mitades por una pared. En una mitad
equilibrio. hay gas, en la otra el vacío. Se abre una válvula y el
(e) El sistema consiste en una canica que se suelta en el gas se expande hasta ocupar todo el volumen .
borde superior de un cuenco y rueda hacia el fondo 5.7 El gas contenido en un dispositivo cilindro-pistón se
de éste donde finalmente alcanza el equilibrio. expande adiabáticamente. El gas es comprimido posterior
5.2 Explíquese si los siguientes procesos son compatibles con mente hasta que vuelve al estado inicial. ¿Sufre el gas un
el enunciado de Kelvin-Pianck del segundo principio de proceso reversible?
Termodinámica. El gas se expande ahora contra el pistón de modo que
(a) Un frigorífico casero recibe trabajo eléctrico de su todas sus propiedades intensivas son uniformes con la po
entorno a la vez que cede energía por transmisión de sición en todo instante del proceso. ¿Es este proceso in
calor a sus alrededores (la cocina, por ejemplo). ternamente reversible? ¿Es reversible?
(b) Un kilogramo de aire, considerado como gas ideal, 5.8 Demuéstrese que si un sistema desarrolla un ciclo
se expande isotérmicamente a 20°C desde un termodinámico reversible mientras se comunica térmica
volumen inicial de 1 m3 hasta un volumen fmal de mente con un solo foco, entonces se aplica el signo de
2 m 3. Durante este proceso hay una transferencia igualdad en la Ec. 5.1.
de calor al aire desde un reservorio térmico (la
atmós fera) y el aire realiza trabajo. Calcúlese el 5.9 Demuéstrese la veracidad de los siguientes enun
trabajo y el calor intercambiados por el sistema en ciados:
este pro ceso. (a) Un ciclo de potencia 1 y otro reversible R operan
5.3 Demuéstrese que la violación del enunciado de Kelvin- entre los dos mismos focos. Si el ciclo 1 tiene
Pianck del segundo principio de Termodinámica implica la un rendimiento térmico más pequeño que el ciclo
violación del enunciado de Clausius . R en tonces el ciclo 1es irreversible.
5.4 Un sistema cerrado sigue un ciclo termodinámico durante (b) Todos los ciclos de potencia reversibles que operan
el cual se comunica térmicamente con dos focos. El sistema entre los dos mismos focos tienen igual rendimiento
recibe energía del foco frío, cede energía al foco caliente térmico.
y realiza una cantidad neta de trabajo sobre su entorno. (e) Un ciclo de potencia reversible R y otro irreversible
Pruébese que dicho ciclo es imposible usando: 1 operan entre los dos mismos focos. ::,, -•bos
(a) El enunciado de Clausius. reciben la misma cantidad de calor Qc del foco
(b) El enunciado de Kelvin-Pianck . caliente entonces el ciclo 1cederá más calor QF <U
5.5 Enumérense las irreversibilidades presentes durante la foco frío que el ciclo R.
operación de los siguientes sistemas Discútanse las consecuencias de estos hechos para los
(a) Un motor de automóvil. ciclos de potencia reales.
(b) Un frigorífico casero.
226 El segundo principio de la
Termodinámica
5.10 Usando el enunciado ·de Kelvin-Planck del segundo 5.16 Dos ciclos de potencia reversibles están colocados en serie.
principio de Termodinámica pruébese lo siguiente: El primer ciclo recibe energía por transferenc ia de calor
(a) El coeficiente de operación de un ciclo de refri de un foco a temperatura Te y cede energía a un foco de
geración irreversible es siempre menor que el de un temperatura intermedia T. El segundo ciclo recibe la
ciclo de refrigeración reversible cuando ambos inter energía cedida por el primero del foco a temperatura T y a
cambian energía por transferencia de calor con los su vez cede energía a un foco a temperatura TF < T.
dos mismos focos. Obténgase una expresión para la temperatura intermedia T
(b)Todos los ciclos de bomba de calor que operan entre en función de Te y TF• cuando:
los dos mismos focos tiene el mismo coeficiente de (a) Es igual el trabajo neto producido por ambos ciclos.
operación independientemente de la naturaleza física (b)Es igual el rendimiento térmico de ambos ciclos.
o química de la sustancia que desarrolla el ciclo. 5.17 Si el rendimiento térmico de un ciclo de potencia
5.11 Antes de la introducción de la escala absoluta de reversible se denota como llmáx• desarróllese una expresión
temperatura hoy conocida como escala Kelvin, éste sugirió en términos de llmáx• para el coeficiente de operación de:
una escala logarítmica en la cual la función '1' de la Ec. 5.5 (a)Un ciclo de refrigeración reversible que opera entre
adopta la forma los dos mismos focos.
"'= exp eF 1exp Oc (b) Un ciclo de bomba de calor reversible que opera
entre los dos mismos focos.
donde Oc y eF denotan, respectivamente, las temperaturas de 5.18 Los datos de la lista siguiente corresponden a ciclos de
los focos caliente y frío en esta escala. potencia que operan entre dos focos a 727°C y 127°C. Para
(a) Compruébese que la relación entre la temperatura T cada caso determínese si el ciclo es irreversible, reversible o
en la escala Kelvin y la temperatura e en la escala imposible:
logarítmica es e = In T + e, donde e es una
cons (a) Qc = 1.000 kJ, wciclo = 650 kJ.
tante.
(b) En la escala Kelvin la temperatura varía desde O (b) Qc = 2.000 kJ, QF = 800 kJ.
hasta +oo. Determínese el rango de valores de tempe (e) Wciclo = 1.600 kJ, QF = l.QOQ kJ.
ratura en la escala logarítmica. (d) Qc = 1.600 kJ, 11 = 30%.
(e) Qc = 300 kJ, Wciclo = 160 kJ, QF = 140 kJ.
(e) Obténgase una expresión para el rendimiento tér
(t) Qc = 300 kJ, Wciclo = 180 kJ, QF = 120 kJ.
mico de un ciclo de potencia reversible que opera
en (g) Qc = 300 kJ, Wciclo = 170 kJ, QF = 140 kJ.
tre dos focos de temperatura Oc y eF en la escala 5.19 En principio puede producirse energía eléctrica apro
logarítmica. vechando el descenso de la temperatura del agua con la
profundidad en los océanos. En un lugar de la superficie del
5.12 Demuéstrese que la escala de temperatura de los gases
mar la temperatura es de 60°F y a una profundidad de
ideales (Sec. 1.5.3) es idéntica a la escala Kelvin de
1/3de milla la temperatura es de 35°F. Determine el
temperatura.
rendimiento térmico máximo posible para cualquier ciclo de
5.13 Un ciclo de potencia reversible recibe 1.000 Btu de potencia que opere entre dichas temperaturas.
energía por transferencia de calor desde un foco a 1.000°F 5.20 Las centrales de energía geotérmica utilizan fuentes
y cede energía por transferencia de calor a otro foco a subterráneas de agua caliente o vapor para la producción de
300°F. Determínense el rendimiento térmico del ciclo y el electricidad. Una central de este tipo recibe un suministro de
trabajo neto desarrollado. agua caliente a 171°C y cede energía por transferencia de
5.14 Un ciclo de potencia reversible opera entre un foco a calor a la atmósfera a 4,4°C. Determínese el rendimiento
temperatura T y otro foco a temperatura 280 K. En situación térmico máximo del ciclo de potencia desarrollado en dicha
estacionaria , el ciclo desarrolla una potencia neta de 40 kW central.
mientras cede 1.000 kJ/min de energía por transferencia de 5.21 La Fig. P5.21 muestra un sistema que capta radiación solar
calor al foco frío. Determínese Ten K. y la utiliza para producir electricidad mediante un ciclo de
5.15 Para aumentar el rendimiento térmico de un ciclo de potencia. El colector solar recibe 0,315 kW de radiación
potencia reversible que opera entre dos focos a Te y TF• solar por m2 de superficie instalada y cede dicha energía a
¿aumentaría Te manteniendo TF constante o disminuiría un reservorio cuya temperatura permanece constante e
TF igual a 500 K. El ciclo de potencia recibe energía por
manteniendo Te constante? Explíquelo. transferencia
El segundo principio de la Termodinámica 22
7
de calor desde el reservorio térmico, genera electricidad 5.25 Un ciclo de potencia reversible recibe Qe de un foco
con una potencia de 1.000 kW, y descarga energía por caliente a temperatura Te y cede ene gía por transferencia
trans ferencia de calor al entorno a 20°C. Determínese: de calor al entorno a temperatura T0• El trabajo desarrollado
(a) La superficie mínima del colector solar. por el ciclo de potencia se emplea para accionar un
(b) La superficie requerida si un 15% de la energía de ciclo de refrigeración que recibe QF de un foco frío a
TF y cede energía por transferen_cia de calor al citado
la radiación incidente se pierde en la inevitable
entorno a T0• Obténgase una expresión que relacione QF!
trans ferencia de calor entre el colector y sus
Qe con las temperaturas Te,T0 y TF.
alrededores. Supóngase aquí que el rendimiento
térmico del ciclo de potencia real es del 27%. 5.26 Una bomba de calor doméstica debe suministrar 3,5·106
o
kJ por día a una vivienda para mantener su tem peratura
Radiación solar
a 20°C, cuando la temperatura exterior es de -10°C. Si la
Colector solar energía eléctrica cuesta 13 ptas por kWh, determínese el
coste mínimo por día de funcionamiento. Compárese con
el de un sistema de calefacción eléctrica.
Ambiente a 20° C
5.27 Represéntese gráficamente el coeficiente de operación de
un ciclo frigorífico reversible para Te= 300 K en función
de TF en el rango de 200 a 300 K. Represéntese también el
Ciclo de coeficiente de operación de un ciclo de bomba de calor
potencia
reversible para TF = 300 K en función de Te en el rango de
Área 300 K a 400 K. Discútanse las implicaciones prácticas que
se derivan de las figuras
obtenidas.
Figura P5.21
5.28 Un ciclo de potencia reversible recibe energía Qe de un
foco a temperatura Te y cede QF a un foco a temperatura
5.22 Un ciclo de refrigeración que opera entre dos focos recibe TF.El trabajo desarrollado por el ciclo de potencia se
energía QF desde un foco frío a TF = 250 K y cede emplea para accionar una bomba de calor reversible que
energía Qe a un foco caliente a Te = 300 K. Para cada uno recibe energía Q' F de un foco a temperatura T' F y cede
de los casos siguientes determínese si el ciclo trabaja energía
reversiblemente irreversiblemente, o es Q' e a un foco a temperatura T' e
imposible. .
(a) QF = 1.000 kJ, Wciclo = 400 kJ. (a) Desarróllese una expresión para el cociente Q'
(b) QF = 2.000 kJ, Wciclo = 2.200 kJ. efQc en función de las temperaturas de los
(e) Qe = 3.000 kJ, wciclo = 500 kJ cuatro reservorios.
(d) wciclo = 400 kJ, p = 6. (b) ¿Cuál debe ser la relación entre las temperaturas TC•
5.23 En régimen estacionario, un ciclo de refrigeración TF, T' e y T' F para que Q' cfQe sea mayor que
mantiene un compartimento congelador a -3°C la unidad?
absorbiendo energía por transferencia de calor desde los 5.29 Un kg de agua desarrolla un ciclo de Camot. Durante la
alimentos situados en su interior a un ritmo de 1.000 kJ/h. expansión isotérmica el agua es calentada hasta alcanzar el
Si el ciclo descarga energía al entorno (23°C}, determine estado de vapor saturado partiendo de un estado inicial en
la mínima potencia teórica necesaria para accionar el el que la presión es de 15 bar y el título del25%. Luego, el
frigorífico, en kW. vapor de agua sufre una expansión adiabática hasta una
presión de 1bar y un título del 84,9%.
5.24 En régimen estacionario, un ciclo de refrigeración absorbe
600 Btu/miri de energía mediante transferen_cia de calor de (a) Represéntese el ciclo en un diagrama p-v.
(b) Evalúese el calor y el trabajo intercambiados por el
un lugar mantenido a -60°F y descarga energía por
agua para todos los procesos del ciclo.
transferencia de calor al entorno a 60°F. Si el coeficiente de
(e) Determínese el rendimiento térmico.
operación del ciclo es 2/3 del de un ciclo reversible de
refrigeración operando entre dichas temperaturas, calcúlese 5.30 Medio kilogramo de aire, considerado como gas ideal,
la potencia necesaria para accionar el ciclo, en hp. ejecuta un ciclo de potencia de Camot de rendimiento
térmico igual al 50%. La transferencia de calor al aife
El segundo principio de la Termodinámica 22
durante al expansión isotérmica es de 40 kJ. Al comienzo 7
de
22 El segundo principio de la Tennodinámica
8
la expansión isotérmica, la presión es de 7 bar y el 5.32 Dos libras de aire considerado como gas ideal desa
volumen de 0,12 m3. Determínese : rrollan un ciclo de Carnot entre 500 y 70°F. Las presiones
(a) Las temperaturas máxima y mínima del ciclo, en en los estados inicial y final del proceso de expansión
K. isotér
(b) El volumen al fmal de la expansión isotérmica, en mica son 400 y 200 lbf/in.,2 respectivamente. La relación
de
m3. calores específicos es k = 1,4. Utilizando los resultados del
(e) El trabajo y calor intercambiados en cada uno de los problema anterior cuando sea necesario, determínese:
cuatro procesos que forman el ciclo, en kJ. (a) Las presiones en los estados inicial y final del pro
(d) Represéntese el ciclo en un diagrama p-v. ceso de compresión isotérmica, en bar.
5.31 El diagrama presión-volumen de un ciclo de potencia de (b) Las transferencias de calor y trabajo en cada uno de
Carnot ejecutado por un gas ideal con relación de calores los cuatro procesos del ciclo, en kJ.
específicos k constante se muestra en la Fig. P5.31. Demués (e) El rendimiento térmico.
trese que:
(a) V 4 V 2 = V 1 V3
(b) T2 1T3 = (p2 1P3p-t)/k
V Figura P5.31
5.1D La velocidad de transferencia de calor a través de las 5.20 En un lugar de California y a una profundidad de 7
paredes y techo de un edificio es de 3.570 kJ/h por cada km hay un yacimiento de magma con una temperatura de
grado centígrado de diferencia de temperatura entre su 900°C. Se ha propuesto perforar un pozo en la cámara de
interior y la atmósfera. Para temperaturas externas entre magma e insertar dos tuberías coaxiales. El agua fría es
15 y -30°C, compare los costes energéticos, en ptas/h, forzada a bajar por la región anular entre las dos tuberías,
para mantener el interior del edificio a 20°C, según se incide sobre el magma caliente y se evapora. El vapor
generado ascenderá por la tubería interior y alimentará a
emplee para ello una bomba de calor eléctrica, calefacción
una central térmica. Se espera que el coste de la energía
directa con resistencias eléctricas, o una caldera de fuel.
eléctrica así producida oscile entre 9 y 22 centavos por
Represente los resultados gráficamente.
22 El segundo principio de la Tennodinámica
8
kWh. Compare este coste con el de la energía
eléctrica generada con centrales
El segundo principio de la Termodinámica 22
9
nucleares y con centrales ténnicas consumidoras de Discuta los factores más importantes que han contribuido
combustibles fósiles. ¿Cuáles pueden ser los factores en dichas tendencias e investigue cuáles son las
principales que causen que el rendimiento ténnico de la tecnologías disponibles a corto y largo plazo para
central de magma sea considerablemente menor que el conseguir nuevos incrementos significativos en la
máximo teórico? eficiencia.
5.30 Para mantener el habitáculo de un automóvil que se
desplaza con una velocidad de 50 km/h a 21°C cuando la
temperatura externa es de 32°C, la instalación de aire
acondicionado del vehículo debe absorber 18.000 kJ/h por
transferencia de calor. Estímese qué potencia adicional
deberá desarrollar el motor para atender al acondicionador
de aire. Compárese el resultado obtenido con los datos
procedentes de algún catálogo técnico ·de empresas fabri
cantes de automóviles. Analícese la inversión inicial en el
sistema de acondicionamiento de aire de un automóvil frente
a sus costes de operación.
5.40 Se va a construir una central eléctrica de 800 MW a
200 km de su ciudad. Para atender a las necesidades de refri
geración se está considerando como opción localizar la plan
ta cerca de un río. Identifíquense los ríos dentro de la zona
geográfica indicada que hagan posible su implantación.
Tomando como temperatura media del agua a su paso por el 1925 1935 1945 1955 1965 1975 1985
generador de vapor un valor de (a) 350°C, (b) 400°C,
Año
(e) 450°C, estímese el incremento de temperatura para cada
río considerado. Discútase el impacto ambiental de dicho
Figura
incremento de temperatura. Discútase la viabilidad de este P5.6
proyecto para su región. ¿Qué procedimientos alternativos
podrían considerarse para atender las necesidades de
refrigeración ? 5.70 Debajo de una ciudad de Nueva Escocia existen
5.50 Argumentando que la cocina es a menudo una de las algunas minas de carbón abandonadas y llenas de agua.
zonas más calientes de una vivienda , un inventor ha Estas minas, que una vez fueron las mayores y más
propuesto un nuevo electrodoméstico que funciona a la profundas del mundo pueden considerarse hoy una fuente
vez como frigorífico--<:ongelador y como inagotable de agua a 17-20°C. Desarróllen se algunas
acondicionador de aire. Desarróllense algunos esquemas propuestas económicamente viables para emplear este re
que muestren cómo podría funcionar dicho dispositivo. curso en la calefacción y refrigeración de los edificios
Considérese que el nuevo electrodoméstico debe caber en comerciales y residenciales de la ciudad.
un volumen que no supere en más de un 10% al
5.80 Observando uno de esos pájaros "oscilantes" de
disponible para el frigorífico congelador al que sustituye.
juguete que parecen tomar una serie ininterrumpida de
5.60 La Fig. P5.6D muestra cómo el rendimiento ténnico sorbos de un cuenco lleno de agua, un inventor sugiere que
de las centrales tennoeléctricas ha aumentado rápidamente este comportamiento podría ser modelado como un ciclo de
desde 1925 a 1969, pero de fonna muy lenta desde potencia y que debería desarrollarse un prototipo a escala
entonces. comercial. Hágase una evaluación crítica de dicha suge
rencia.
CAPÍTULO 6
--
,
ENTROPIA
Hasta ahora, en nuestro estudio del segundo principio nos ba preocupado, ante todo, lo
que dice sobre los sistemas que desarrollan ciclos termodinámicos. En este capítulo se
introducirán procedimientos para el análisis, desde una perspectiva del segundo
principio, de los sistemas cuando realizan procesos que no sean necesariamente
cíclicos. La propiedad entropía juega un papel importante en lo relativo a esta
fmaüdad.
La palabra energía forma parte del lenguaje cotidiano por lo que indudablemente
existe una cierta familiaridad con el término incluso antes de encontrarlo en los
primeros cursos de ciencias. Tal familiaridad facilita probablemente el estudio de la
energía en dichos cursos y en el presente curso de Termodinámica técnica. En este
capítulo veremos que el estudio de los sistemas desde la perspectiva del segundo
principio se desarroUa convenientemente en términos de la propiedad entropúl. La
energía y entropía son conceptos abstractos. Sin embargo, al contrario que la
energía, la palabra entropía se escucha rara vez en las conversaciones cotidianas, y
puede que basta ahora no te bayas enfrentado en profundidad con su significado. El
objetivo principal del presente capítulo es, por tanto, el de introducir la entropía y
mostrar su utilidad en el análisis termodinámico. La energía y la entropía juegan
papeles importantes en los capítulos restantes de este libro.
232 Entropfa
En el Cap. 5 se han desarrollado los corolarios del segundo principio para sistemas que
realizan ciclos mientras mantienen contacto térmico con dos reservorios, uno caliente y
otro frío. En esta sección se introduce un nuevo corolario del segundo principio, conocido
como desigualdad de Clausius, que es aplicable para todo ciclo sin importar el cuerpo, o
cuerpos, con los que el ciclo intercambia energía por transferencia de calor.La desigual
dad de Clausius proporciona la base para introducir dos variables instrumentales para la
evaluación cuantitativa desde una perspectiva del segundo principio tanto para sistemas
cerrados como para volúmenes de control: la propiedad entropía (Sec. 6.2) y el concepto
de generación de entropía (Sec. 6.5).
La desigualdad de Clausius establece que
(6.1)
donde ()Q representa la transferencia de calor en una parte de la frontera del sistema du
rante una porción del ciclo, y T es la temperatura absoluta en dicha parte de la frontera.
El subíndice "f' sirve para recordar que el integrando deberá evaluarse para la fronte
ra del todas
sobre sistema
las que ejecuta
partes de laelfrontera
ciclo. Ely símbolo f. indica
sobre el ciclo que la En
completo. integral
la Ec.deberá
6.1, larealizarse
igualdad
se aplica si no se producen irreversibilidades internas cuando el sistema ejecuta el ciclo,
y la desigualdad se aplica cuando se presentan este tipo de irreversibilidades.
La desigualdad de Clausius puede demostrarse empleando el dispositivo de la
Fig. 6.1. Un sistema recibe la energía ()Q a través de una parte de su frontera donde la
temperatura absoluta es T mientras desarrolla el trabajo BW. De acuerdo con nuestro
convenio de signos para la transferencia de calor, la frase recibe la energía BQ incluye
también la posibilidad de una transferencia de calor desde el sistema. La energía ()Q se
recibe de (o es absorbida por) un reservorio térmico a Tres· Para asegurar que no se intro
ducen irreversibilidades como resultado de la transferencia de calor entre el reservorio y
el sistema, supongamos que ésta se produce mediante un sistema intermediario que
realiza un ciclo sin irreversibilidades de ningún tipo. El ciclo recibe la energía BQ ' del
reservorio y cede ()Q al sistema mientras produce el trabajo BW'. A partir de la
definición de la escala Kelvin (Ec. 5.6) tenemos la siguiente relación entre las
transferencias de calor y las temperaturas:
dEc = BQ' - BW e
Entropía 23
3
Foco a T,95
Ciclo
La línea de
puntos define
el sistema
combinado
FIGURA6.1
Frontera del sitema Ilustración empleada para desarrollar
la desigualdad de Clausius.
Hagamos que el sistema desarrolle un solo ciclo, que supondrá uno o más ciclos del
sistema intermediario. El trabajo total producido por el sistema combinado será
(6.3)
Como la temperatura del reservorio es constante, Tres puede sacarse fuera de la integral.
El término correspondiente a la variación de energía del sistema combinado desaparecerá
pues el cambio de energía es cero para un ciclo. El sistema combinado desarrolla un
ciclo porque todas sus partes ejecutan ciclos. Como el sistema combinado desarrolla un
ciclo e intercambia energía por transferencia de calor con un único reservorio, la Ec.
5.1, que expresa el enunciado de Kelvin-Planck del segundo principio debe quedar
satisfecha. Utilizando esta ecuación, la Ec. 6.3 se reduce a la Ec. 6.1 ya presentada,
donde la igualdad se aplica cuando no existen irreversibilidades dentro del sistema
cuando éste ejecuta un ciclo y la desigualdad se aplica cuando se presentan
irreversibilidades internas. Esta interpretación se refiere, hasta el momento, al
sistema combinado formado por el sistema más el sistema intermediario. Sin embargo,
como el sistema intermediario está, por definición, libre de irreversibilidades, entonces
el único sitio en que resulta posible que éstas se oresenten es el sistema.
234 Entropía
(6.4)
donde crciclo puede interpretarse como una variable que representa la "fuerza" de la de
sigualdad. El valor de crciclo es positivo cuando se presentan irreversibilidades internas
, nulo cuando no se presentan irreversibilidades internas, y nunca puede ser negativo .
En resumen , la naturaleza del ciclo ejecutado por el sistema queda indicada por el
valor de crciclo como sigue:
CJciclo =O no se presentan irreversibilidades internas
(Jciclo >O se presentan irreversibilidades internas
CJciclo <O imposible
De acuerdo con esto, crciclo es una medida del efecto de las irreversibilidades presentes en
el sistema que ejecuta el ciclo. Este punto será desarrollado más adelante en la Sec.
6.5, donde CJciclo se identificará como la entropía generada por las irreversibilidades
internas durante el ciclo.
)¡ oQ)A+ (Jl2oQ)
( r2 T T o
e= -iciclo
(6.5)
y para el segundo
ciclo
Al escribir las Ecs. 6.5 y 6.6 el término CJciclo ha sido igualado a cero porque los ciclos
234 Entropía
están formados por procesos internamente reversibles.
Entropía 235
Este resultado nos indica que la integral de 'OQ!T es idéntica para los dos procesos.
Como A y B han sido elegidos arbitrariamente, se concluye que la integral de 'OQ!T
tiene el mismo valor para todo proceso internamente reversible entre los dos estados.
En otras palabras , el valor de la integral depende únicamente de los estados
extremos. Puede concluirse, en consecuencia, que la integral defme el cambio en
alguna propiedad del sistema. Eligiendo el símbolo S para representar esta propiedad,
su cambio vendrá dado por
s2 -si =( r2 oQ ) (6.7)
Jl T rnt
rev
donde el subíndice "int rev" se añade como recordatorio de que la integración debe
realizarse sobre cualquiera de los procesos internamente reversibles que conectan los dos
estados. A esta propiedad se la denomina entropía. La entropía es una propiedad
extensiva. Las unidades de entropía en el SI son J/K. La unidad empleada en el sistema
inglés para la entropía es Btu/0R. Las unidades para la entropía específica en el SI son
kJ/kg·K paras y kJ/kmol·K para s. Las unidades para la entropía específica en el sistema
0 0
inglés son Btu/lb· R y Btu/lbmol· R.
Puesto que entropía es una propiedad, el cambio de entropía de un sistema que
evoluciona desde un estado a otro es el mismo para todos los procesos, reversibles o
internamente irreversibles, que puedan desarrollarse entre dichos estados. Por tanto, la
Ec. 6.7 permite la determinación del cambio de entropía, que una vez evaluado identifica
236 Entropfa
la magnitud del cambio de entropía para todos los procesos del sistema entre los dos
estados. La evaluación de los cambios de entropía será discutida más tarde en la
siguiente sección.
Debe quedar claro que la entropía se defme y evalúa en términos de una integral
particular para la cual no se aporta una imagenfísica completa. Esto ya lo hemos
encon trado antes con la propiedad entalpía. La entalpía se ha introducido sin ninguna
moti vación de índole física en la Sec. 3.3.2. Después, en el Cap. 4, se ha demostrado
que la entalpía resulta útil para el análisis termodinámico de sistemas abiertos. Como en
el caso de la entalpía, para lograr una mejor apreciación de la entropía necesitaremos
compren der cómo se utiliza y para qué se utiliza esta propiedad.
La ecuación que define el cambio de entropía, Ec. 6.7, nos sirve como base para construir
tablas y diagramas para la evaluación de la entrop!a. Esto se consigue asignando un valor
a la entropía en un estado de referencia. Tanto el valor de la entropía como el estado de
referencia pueden seleccionarse arbitrariamente. El valor de la entropía en cualquier
estado y con relación al valor en el estado de referencia x se obtiene en principio por
integración
Sy = Sx + u oi). 1nt
rev
(6.8)
de la Tabla A-4 siendo s1 = 7,2338 kJ/kg·K. El estado 2, está fijado por la presión, p2
= 3 bar, y por la entropía específica, s2 = 7,2338 kJ/kg ·K. Volviendo a la Tabla A-4
con p = 3 bar e interpolando con s2 entre 160 y 200°C resulta que T2 = 183°C.
Para los estados saturados, los valores de Sf y sg se tabulan como una función de
la presión de saturación o de la temperatura de saturación. La entropía específica de
una mezcla de fases líquido-vapor puede calcularse a partir del título
(6.9)
Estas relaciones son de la misma forma que las utilizadas para v, u y h en la Sec. 3.3.
Para ilustrar su uso determinaremos la entropía específica del R12 en un estado
donde la temperatura es de 0°C y la energía interna específica es de 103,14 kJ/kg.
Tomando la Tabla A-7, el valor dado para u es localizado entre Uf y ug a 0°C, por tanto
el sistema está constituido por una mezcla de fases líquido-vapor. El título de la
mezcla puede determinarse a partir del valor conocido para la energía interna específica
103,14- 35,83
x= 05
= 170,44-35,83 = •
kJ
s = (1- x) sf + xsg = (0,5) (0,1420) + (0,5) (0,6965) = 0,4193 kg .K
Los datos para líquido comprimido se presentan en la Tabla A-5 para el agua. En esta
tablas, v, u y h están tabulados en función de la temP.eratura y presión como en la tabla
de vapor sobrecalentado, por lo cual ambas tablas se utilizan del mismo modo. En
ausencia de datos para líquido comprimido, el valor de la entropía específica puede
estimarse de la misma forma en que se estimaban los valores de u y v para el estado
líquido (Sec. 3.3.4), empleando el valor del líquido saturado a la temperatura dada
Por definición de sistema simple compresible (Sec. 3.1), el trabajo viene dado por
(bW)int = p dV (6.12)
rev
En un proceso diferencial, la ecuación que define el cambio de entropía, Ec. 6.7, adopta
la forma
dS = (bQ). (6.13)
T mt
rev
y, reordenándola
(bQ)int = T (6.14)
dS
rev
Sustituyendo las Ecs. 6.12 y 6.14 en la Ec. 6.11, se obtiene la primera ecuación T dS:
dH = dU + d (pV) = dU + p dV +V dp
Entropía 24
1
Reordenando
dU + p dV = dH- V dp
Sustituyendo esta ecuación en la Ec. 6.15, se obtiene la segunda ecuación T dS:
TdS=dH-Vdp (6.16)
T ds= du + p (6.17a)
dv Tds = dh- (6.17b)
vdp
o en base molar
r ds = dü+p d v (6.18a)
r ds = dh+ v dp (6.18b)
ds = dh
T
Esta relación nos muestra una forma de calcular sg - Sf a partir de las tablas de
propiedades. Como aplicación, considérese el R 12 a ooc. A partir de la Tabla A-
7, hg- hr = 151,48 kJ/kg. Por tanto:
151,48 kJ
sg- sf = 273,15 = 0,5546 kg. K
valor que, permitiendo el error de redondeo, coincide con el valor calculado utilizando
directamente los valores sr y sg presentes en la tabla.
En esta sección se emplean las ecuaciones T dS para evaluar los cambios de entropía
entre dos estados de un gas ideal. Resulta conveniente comenzar expresando las Ecs.
6.17 como
du p (6.19)
ds = - + - dv
T T
dh V (6.20)
ds = - -dp
-
T T
Para un gas ideal du = cv (1) dT, dh = eP (1) dT,y pv =RT. A partir de estas relaciones,
las Ecs. 6.19 y 6.20 se transforman, respectivamente, en
dT dv dT (6.21)
ds = e (T)- y ds = e (1)
+R- dp
--
v T V P T p
Como R es una constante, los últimos términos de las Ecs. 6.21 pueden integrarse
directamente. Sin embargo, ya que cv y cp son funciones de la temperatura para gases
ideales, resultará necesario disponer de información acerca de las relaciones funcionales
antes de que pueda realizarse la integración del primer término de estas ecuaciones. Los
dos calores específicos están relacionados por
donde R es la constante de los gases, por lo cual bastará con conocer la función
correspondiente a uno cualquiera de ellos.
Integrando las Ecs. 6.21 se obtiene
242 Entropía
S
(T )
2• P 2 -S
(T
I • PI
) = Jr2c (T) dT -R 1nP2
(6.22)
(6.23)
242 Entropía
1 p T PI
Entropía 243
0(
S
)
T
iT ep(T)
= --dT
(6.24)
o T
0
El símbolo S (1) denota la entropía específica a la temperatura T y a la presión de
0
1 atmósfera. Como S depende solamente de la temperatura, puede ser tabulada en fun
ción de esta propiedad, al igual que h y u. Para el aire como gas ideal los valores de s0 en
kJ/kg-K se dan en la Tabla A-16. Los valores de S en kJ/kmoi·K se proporcionan para
0
otros gases comunes en las Tablas A-17 a A-22. Como la integral de la Ec. 6.23 puede
expresarse en términos de s0
)-so(r
T2
f e dT dT
dT o
(r
)
iT2 e iT¡ e
-= -- -=s 2 1
T1 P T o P T o P T
(6.25a)
o en base molar
(6.25b)
Las Ecs. 6.25 y los valores tabulados para S o S , permiten calcular los cambios de entro
0 0
pía que contienen de forma explícita la dependencia del calor específico con la tempera
tura. Si no se dispone de los valores tabulados para el gas considerado se pueden evaluar
las integrales de las Ecs. 6.22 y 6.23 analítica o numéricamente utilizando los datos de
calores específicos proporcionados en las Tablas A-14 y A-15. Esta apro:'i'Tlación se
ilustra en el Ejemplo 6.1.
Cuando se considera que el calor específico es constante, las Ecs. 6.22 y o.2 se
Entropía 243
transforman, respectivamente,
en
(6.26)
244 Entropía
(6.27)
Aunque las formas simples de las Ecs.6.26 y 6.27 pueden resultar más convenientes para
ciertos cálculos, el uso de las Ecs. 6.25 es generalmente más preciso puesto que tienen en
cuenta la variación de los calores específicos con la temperatura.
EJEMPLO 6.1
Vapor de agua, inicialmente a 400 K y 1bar, realiza un proceso hasta 900 K y 5 bar. Detennínese la variación de la en
tropía específica, en kJ/kmol·K, empleando (a) la tabla de vapor sobrecalentado, (b) la tabla de gas ideal para el vapor
de
agua, (e) la integración con eP ( T') a partir de los datos de la Tabla A-15.
SOLUCIÓN
Conocido: Vapor de agua desarrolla un proceso desde 400 K y 1bar hasta 900 K y 5 bar.
Se debe hallar: El cambio de entropía específica empleando la tabla de vapor sobrecalentado , la tabla de gas ideal para
el vapor de agua y la integración con cP tomado de la Tabla A-15.
Consideraciones: En los apartados (b) y (e) se utiliza el modelo de gas ideal para el vapor de agua.
Análisis:
(a) Interpolando en la Tabla A-4, s 1 = 7,501 kJ/kg·K y s2 = 8,418 kJ/kg·K. Por tanto
(b) Como puede verificarse rápidamente empleando la gráfica del factor generalizado de compresibilidad, los dos esta
dos bajo consideración están en la región de vapor sobrecalentado donde el modelo de gas ideal proporciona una
s
aproximación razonable. A partir de la tabla de gas ideal para el vapor de agua, Tabla A-19, a T1 = 400 K, 1o =
s
8,673 kJ/kmol·K. A T2 = 900 K, 2 o = 228,321 kJ/kmol·K. Sustituyendo estos valores en la Ec. 6.25b junto con
R = 8,314 kJ/kmol ·K
-
244 Entropía
?:. = a+ T + yT + of +ct'
R
Entropía 245
Los valores de las constantes a, . y, o y e para el agua se obtienen en la Tabla A-15: a= 4,07; = -1,108 x
I0-3;
"( = 4,152 X lQ-6; O= -2,964 X 10-9;e= 0,807 X 10-12• Por tanto: .
=4,07 1n 900
S -S
R 400 [
J
-2- [(900) 2- (400)
1,108 900 -3 400 + 4,152
6
10 10
3
- (400) J -In
5
[(900) [(900) - (400) 1+ 0,807
4
2,964
Calculando términos,
3 109 -J 4 1012 -J
S
-S
=3,3005- 0,554 + 1,3494-0,657 +0,1272 - 1,6094 = 1,9567
R
Con R = 8,314 kJ / kmol ·K , esta última ecuación nos da
Este resultado está de uerdo con los encontrados en los apartados anteriores.
Comentario: Para los estados de este ejemplo, el modelo de gas ideal es aplicable al vapor de agua. Sin embargo, por
lo general, éste no es el caso.
=
e (T) dT p /v= e ( T) dT
ds + --
T
Entropía 245
T
T
Por integración, la variación de entropía específica es
(incompresibl e)
246 Entropfa
-. º). (6.13)
dS = (
8
T rnt
rev
La Ec. 6.13 indica·que cuando un sistema cerrado que desarrolla un proceso internamente
reversible recibe energía por transferencia de calor, este experimenta un incremento de
entropía. A la inversa, cuando el sistema cede energía mediante transferencia de calor, su
entropía disminuye. Esto puede ser interpretado como que una transferencia de entropía
acompaña a la transferencia de calor. La dirección de la transferencia de entropía es la
misma que la de la transferencia de calor. En un proceso adiabático internamente
reversible la entropía permanecerá constante. A un proceso de entropía constante se le
denomina proceso isoentr6pico.
Reordenando , la Ec. 6.13 se transforma en
(oQ)int = T dS (6.14)
rev
Qint = fr dS
246 Entropfa
rev (6.29)
Entropí 24
a 7
T 2
'
A rea J2 TdS
= 1
A partir de la Ec. 6.29 puede concluirse que una transferencia de energía por
calor a un sistema cerrado durante un proceso intern_amente reversible podrá
representarse como un área en el diagrama temperatura-entropía. La Fig. 6.5 ilustra
la interpretación en forma de área de la transferencia de calor para un proceso
internamente reversible bi trario en el que varía la temperatura. Obsérvese que la
temperatura debe estar en Kelvin, y que la superficie es el área completa bajo la
línea que representa al proceso (área sombreada). Nótese también que la
interpretación de que esta área representa la transferencia de calor no es válida
para procesos irreversibles , lo cual será demostrado más adelante.
Para proporcionar un ejemplo representativo tanto del cambio de entropía que ac9m
paña a la transferencia de calor como de la interpretación de éste mediante una
superficie, considérese la Fig. 6.6a, que muestra un ciclo de potencia de Carnot (Sec.
5.7). El ciclo consiste en cuatro procesos internamente reversibles en serie: dos
procesos isotermos alternados con dos procesos adiabáticos. En el proceso 2-3, el
sistema recibe calor mientras su temperatura permanece constante a Te· La entropía
del sistema .aumenta
debido a la transferencia de calor en el proceso. Para éste la Ec. 6.29 proporciona Q23 =
Te (S3 -S2 ), por tanto el área 2-3-a-b-2 de la Fig. 6.6a representa al calor recibido
en este proceso. El proceso 3-4 es adiabático e internamente reversible y por tanto
es tam bién un proceso isoentrópico (entropía constante). El proceso 4-1 es un proceso
isotermo
a Tp durante el cual el sistema cede calor. Como la transferencia de entropía
acompaña a la transferencia de calor, la entropía del sistema disminuye. Para este
proceso , la Ec. 6.29 nos da Q41 = Tp (S 1 - S4), cuyo valor es negativo. El área
4-1-b-a-4 de la Fig. 6.6a representa la magnitud del calor cedido Q41 . El proceso
1-2, que completa el ciclo, es adiabático e internamente reversible (isoentrópico).
El trabajo neto de cualquier ciclo es igual al calor neto intercambiado , por tanto
Entropí 24
a 7
el área encerrada 1-2-3-4-1 representa el trabajo neto del ciclo. El rendimiento
térmico del ciclo puede expresarse también en función de las áreas:
24 Entropf
8 a
2 .. 3 4 3
T
T
4 1 2
b a b a
S S
(a) (b)
área 1-2-3-4-1
área 2-3-a-b-2
EJEMPLO
6.2
Un dispositivo cilindro-pistón contiene inicialmente agua líquida saturada a 100°C. El sistema sufreun proceso en el que
el pistón desliza libremente en el cilindro y el agua alcanza su estado correspondiente de vapor saturado. Si el cambio de
estado se produce por un proceso de calentamiento internamente reversible a presión y temperatura constantes ,
determí nense el trabajo y el calor intercambiados por unidad de masa, ambos en kJ/kg.
SOLUCIÓN
Conocido: El agua contenida en un dispositivo cilindro-pistón sufre un proceso internamente reversible a l00°C
pasando de líquido saturado a vapor saturado.
24 Entropf
8 Se debe hallar: El calor y trabajo intercambiados por unidad de masa. a
Entropí 249
a
i
Frontera del sistema
V S
Figura E.6.2
Consideraciones:
l. El agua contenida en el dispositivo cilindnr-pistón es un sistema cerrado.
2. El proceso es internamente reversible.
3. La temperatura y presión son constantes durante el proceso.
4. No hay cambio de energía cinética y potencial entre los estados inicial y fmal.
3
)( 1 kJ ) = 170 kJ/kg
W = ( 1,014 X 10
5N )( 1673-1,0435
m
Entropí 249
a 3
m 10 kg N ·m
2 3
m 10
250 Entropfa
ª=
m
(373,15 K) (7,3549-1,3069)kJ /kg ·K = 2257 kJ/kg
Como se muestra en la figura, el trabajo y el calor pueden representarse como áreas en los diagramas p-v y T-s,
respectivamente.
Comentario: El calor absorbido podría determinarse alternativamente a partir del balance de energía para la unidad de
masa
--
Q
u g-uf=
m -m
w
Q
m
A partir de la Tabla A-2 a 100°C, hg- hr = 2257 kJ/kg, que es el mismo valor obtenido para Qlm en la solución anterior.
En esta sección se utilizan la Ec. 6.4 y la ecuación que define el cambio de entropía
para desarrollar el balance de entropía para sistemas cerrados. El balance de entropía
es una expresión del segundo principio particu\armente conveniente para el análisis
tenno dinámico.El balance de entropía para volúmenes de control se obtendrá en la
Sec. 6.6.
En la Fig. 6.7 se muestra un ciclo ejecutado por un sistema cerrado. El ciclo consiste en
el proceso 1, durante el cual pueden presentarse irreversibilidades internas, seguido del
proceso internamente reversible R. Para este ciclo, la Ec. 6.4 toma la fonna
250 Entropfa
(6.30)
Entropf 251
a
S¡-S2 = f (oi ). mt
rev
S2 -s1 J:(oi } 1
+ cr (6.31)
Si los estados límite del proceso son fijos, el cambio de entropía en el primer
miembro de la Ec. 6.31 podrá calcularse independientemente de los detalles del
proceso. Sin embargo, los dos términos del segundo miembro dependen explícitamente
de la natura leza del proceso y no pueden determinarse si únicamente se conocen los
estados inicial y fmal. El primer término del segundo miembro de la Ec.6.31 está
relacionado con el calor transferido al o desde el sistema durante el proceso.Este
término puede ser interpretado como la transferencia de entropía que acompaña a
la transferencia de calor. La dirección de la transferencia de entropía es ia misma que
la de la transferencia de calor, y también se le aplica el mismo convenio de signos: Un
valor positivo significará que la entropía se transfiere al sistema, y un valor negativo
significará que la entropía es trans ferida desde el sistema. Cuando no haya
transferencia de calor tampoco habrá transfe rencia de entropía.
El cambio de entropía del sistema no se debe.únicamente a la transferencia de
entropía sino que también se debe en parte al segundo término del segundo
miembro de la
Ec. 6.31 denotado por a. Este término es positivo cuando se producen
irreversibilidades
internas durante el proceso y desaparece cuando no se producen. Esto puede describirse
diciendo que se genera entropía en el sistema como efecto de las irreversibilidades . El
segundo principio de la Termodinámica puede interpretarse como un requisito de que la
entropía se genere por irreversibilidades y se conserve sólo en el caso límite en que las
irreversibilidades desaparecen . Como a mide el efecto de las irreversibilidades
presentes
en el interior del sistema durante el proceso, su valor dependerá de la naturaleza del
proceso y no sólo de los estados inicial y final. Por tanto no es una propiedad.
Para ilustrar los conceptos de transferencia de entropía y generación de entropía, así
como la naturaleza contable del balance de entropía, considérese la Fig. 6.8. Esta figura
muestra un sistema formado por un gas o un líquido contenido en un depósito rígido,
removido por un agitador de paletas mientras recibe el calor Q desde un foco. La
temperatura en la parte de la frontera donde se produce la transferencia de calor es
constante e idéntica a la temperatura del foco, Tr. Por defmición, el foco está libre de
irreversibilidades; sin embargo, el sistema no está libre de ellas pues el rozamiento por la
agitación del fluido está evidentemente presente y aún pueden existir otro tipo de
irreversibilidades en el interior del sistema.
25 Entropí
2 FIGURA 6.8 Ilustración de Jos conceptos
a de
Sz -SI (6.32)
AS] _ Q res o
Ll --T- res
res
+
f
donde la generación de entropía se hace igual a cero porque el reservorio está libre de
irreversibilidades . Como Qres =- Q, la última ecuación puede escribirse como
Q (6.33)
1:1S ] res
El valor de la entropía generada nunca puede ser negativo. Por el contrario, el cambio de
entropía de un sistema puede ser positivo, negativo o nulo:
(6.35)
Como para otras propiedades, el cambio de entropía puede determinarse sin conocer
los detalles del proceso .
(6.36)
(6.37)
donde dS!dt es el cambio en la entropía del sistema por unidad de tiempo. El término
Q/ Tj representa la transferencia de entropía por unidad de tiempo a través de la
porción de frontera cuya temperatura instantánea es Tj . El término cr contabiliza la
generación de
entropía por unidad de tiempo debida a las irreversibilidades localizadas dentro del sis
tema.
En algunas ocasiones resulta conveniente expresar el balance de entropía en forma
diferencial:
(6.38)
25 Entropfa
4 Nótese que las diferenciales de las variables Q y cr, que no son propiedades , se
escriben, respectivamente , como <>Q y &J.Cuando no hay irreversibilidades internas
&J se anula y la Ec. 6.38 se reduce a la Ec. 6.13.
Entropía 255
6.5.3 Ejemplos
Los siguientes ejemplos ilustran la utilización de los balances de energía y entropía para
el análisis de sistemas cerrados. Las relaciones entre propiedades y los diagramas de
'propiedades también contribuyen significativamente al desarrollo de las soluciones.
<
EJEMPL06.3
Un dispositivo cilindro-pistón contiene inicialmente agua líquida saturada a 100°C.El sistema sufre un proceso en el
que el pistón desliza libremente en el cilindro y el agua alcanza su estado correspondiente de vapor saturado. No
existe trans ferencia de calor con el entorno. Si el cambio de estado se produce a causa de la acción de un agitador
de paletas, deter mínese el trabajo por unidad de masa, en kJ/kg, y la entropía generada por unidad de masa, en
kJ/kg·K.
SOLUCIÓN
Conocido: El agua contenida en un dispositivo cilindro-pistón sufre un proceso adiabático a 100°C pasando de
líquido saturado a vapor saturado. Durante el proceso, el pistón desliza libremente, y el agua es removida
enérgicamente me diante un agitador de paletas.
Entropía 255
Se debe hallar: El trabajo consumido por unidad de masa y la entropía generada por unidad de
masa.
Entropía
V S
Figura E.6.3
Consideraciones:
l. El agua contenida en el dispositivo cilindro-pistón constituye el sistema cerrado a
analizar.
2. No existe intercambio de calor con el entorno.
3. El sistema se encuentra en estados de equilibrio al comienzo y al fmal del proceso. No existen cambios de energía
cinética o potencial entre ambos estados.
Análisis: Como el volumen del sistema aumenta durante el proceso ,hay un intercambio de energía mediante trabajo des
de el sistema asociado a la expansión así como un intercambio de energía mediante trabajo al sistema vía el agitador de
paletas.El trabajo neto puede evaluarse a partir del balance de energía que de acuerdo con las hipótesis 2 y 3 se reduce a
o o o
llU+ =/-w
Por unidad ·de masa, el balance de energía adopta la
forma
w
-m- =(u - gur)
w= -2087 56 kJ
m ' kg
Entropía
El signo negativo indica que el trabajo de .agitación es de mayor magnitud que el trabajo realizado por el agua al
expandirse.
Entropía 25
7
La cantidad de entropía generada puede calcularse aplicando el balance de entropía. Como no hay intercambio de
calor, el término correspondiente a la transferencia de entropía desaparece
(J
-= S -Sr
m g
Comentarios:
1. Aun cuando los estados inicial y final son estados de equilibrio a la misma temperatura y presión, esto no implica
necesariamente que la presión y temperatura del sistema sean uniformes en los estados intermedios ni que estas va
riables mantengan un valor constante durante el proceso . En consecuencia no existe una "trayectoria" bien definida
para éste, lo que se pone de relieve utilizando líneas discontinuas para representar el proceso en los diagramas p-v y
T-s. Las líneas discontinuas indican únicamente que el proceso ha tenido lugar, y no debe asociarse ninguna "super
ficie" con ellas. En particular, nótese que el proceso es adiabático, por lo cual el "área" bajo la línea discontinua en
el diagrama T-s no puede significar calor transferido. De igual fonna, el trabajo no puede asociarse al área en el dia
gramap-v.
2. El cambio de estado es el mismo en este ejemplo que en el Ejemplo 6.2. Sin embargo, en el Ejemplo 6.2 el cambio
de estado se produce a causa de la absorción de calor mientras el sistema desarrolla un proceso internamente rever
sible. De acuerdo con esto, el valor de la entropía generada en el proceso del Ejemplo 6.2 es cero.Aquí, se
presentan irreversibilidades durante el proceso y por ello la entropía generada toma un valor positivo. Puede
concluirse, por tanto, que resulta posible obtener distintos valores para la entropía generada para dos procesos con
los mismos estados inicial y final. Esto refuerza la idea de que la entropía generada no es una propiedad.
EJEMPL06.4
SOLUCIÓN
Conocido: Se comprime R12 adiabáticamente desde un estado inicial dado hasta una presión fmal
especificada.
Se debe hallar: El mínimo trabajo teórico requerido por unidad de masa.
25 Entropía
8
Estados
alcanzable
s
T
Consideraciones:
l. Se considera al Rl2 como un sistema
cerrado.
2. No existe transferencia de calor con el entorno.
3. Los estados inicial y fmal son estados de equilibrio. No existe modificación de energía cinética o potencial entre am
bos estados.
Análisis: La expresión para el trabajo puede obtenerse a partir del balance de energía. Aplicando las hipótesis 2 y 3
Aplicando un balance de
entropía o
AS= tIX( +cr
T )f
donde el término de transferencia de entropía se anula ya que el proceso es adiabático.Por tanto, los estados fmales
per mitidos deberán satisfacer que
La restricción indicada por la ecuación anterior puede analizarse utilizando el diagrama T-s. Como cr no puede
ser ne gativo, los estados con s2 < s1 no son accesibles adiabáticamente. Cuando las irreversibilidades están
presentes durante la compresión , se genera entropía, por tanto s2 > s1• El estado etiquetado como 2s en el
diagrama puede obtenerse en el límite cuando las irreversibilidades tienden a cero. Este estado corresponde a la
compresión isoentrópi ca.
Por inspección de la Tabla A-9, cuando la presión está fijada la energía interna disminuye al hacerlo la
temperatura. Por tanto, el valor más pequeño permitido para u2 corresponde al estado 2s.Interpolando en la Tabla A-
9para 8 bar,con
s25 = s 1 = 0,7035 kJ/kg·K, se encuentra que U2s = 188,20 kJ/kg. Finalmente
,
Comentario: El efecto de las irreversibilidades equivale a una penalización en el trabajo consumido:se requiere una
mayor cantidad de trabajo para un proceso real adiabático e irreversible que para un proceso ideal internamente reversible
cuando ambos se desarrollan entre el mismo estado inicial y la misma presión final.
EJEMPLO 6.5
·Durante su operación en estado estacionario,una caja de engranajes recibe 600 kW a través del eje de alta velocidad
pero debido al rozamiento y otras irreversibilidades sólo entrega 588 kW a través del eje de baja velocidad. La caja
de en granajes está refrigerada a través de su superficie externa de acuerdo con
Entropla 259
donde hes el coeficiente de transferencia de calor, A es el área de la superficie externa, Tr es la temperatura
uniforme de la superficie externa, y T0 es la temperatura uniforme de los alrededores alejados de la inmediata
vecindad de la caja
de engranajes.Calcular la entropía generada ó, en kW/K, (a) tomando la caja de engranajes como sistema y (b)
tomando
un sistema ampliado que engloba además de la caja de engranajes una porción de los alrededores de modo que la
trans ferencia de calor se produzca a la temperatura T0.Tómese h = 0,17kW/m2·K, A= 1,8 m2 y T0 =:: 293 K.
Entropfa
SOLUCIÓN
Conocido: Una caja de engranajes funciona en estado estacionario siendo conocidas la potencia de entrada a través del
eje de alta velocidad y la potencia de salida a través del eje de baja velocidad. También se conoce una expresión que nos
permitirá calcular la velocidad de transferencia de calor al ambiente.
Se debe hallar: La entropía generada para los dos sistemas especificados.
Datos conocidos y
diagramas:
(a) (b)
Figura E.6.5
Consideraciones:
1. En el apartado (a) la caja de engranajes se considera un sistema cerrado,funcionando en estado estacionario tal
como muestra la figura.
2. En el apartado (b) se toma la caja de engranajes y una parte del entorno e<omo sistema cerrado tal como muestra la
figura.
3. La temperatura de la superficie externa de la caja de engranajes y la temperatura de los alrededores son uniformes.
Análisis:
(a) Para obtener una expresión para la entropía generada, partiremos del balance de entropía para un sistema cerrado
expresado por unidad de tiempo, Ec. 6.37. Como la transferencia de calor tiene lugar únicamente a la temperatura Tr,
el balance de entropía bajo la condición de estado estacionario se reducirá a
o
Despejando
1=
. Q
c r =-
Tr
Entropla 26i
i . t
= Q-W ó Q=W
La temperatura en la frontera podrá evaluarse ahora despejándola de la expresión proporcionada para la transfe
rencia de calor a través de la superficie externa
Sustituyendo valores
Te =
-(-12 kW) + 293 K = 332 K
2
(0,17 kW/m ·K) (1,8
2
m )
Finalmente, sustituyendo los valores obtenidos para Q y Tf en la expresión deducida para á nos da
. (-12 kW)
cr = - ( 332 K) = 0,0361 kW/ K
(b) Para el sistema ampliado, el balance de entropía para situación estacionaria se reduce a
Despejando
.
cr =-
To
Partiendo de la solución del apartado (a), Q = -12 kW. Luego, con T0 = 293 K, resulta
. (-12 kW)
cr = - ( 293 K) = 0,0410 kW/ K
Comentario: El valor de la entropía generada calculado en el apartado (a) refleja la trascendencia de las irrever
sibilidades internas en la caja de engranajes. En el apartado (b) se incluye una fuente adicional de irreversibilidades al
aumentar el tamaño del sistema. Esta fuente es la irreversibilidad asociada con la transferencia de calor desde La
superficie externa de la caja de engranajes a Tr hasta los alrededores a T0. Como consecuencia el valor obtenido para á
en el apar
Entropla 26i
tado (b) es mayor que el calculado en el apartado
(a).
262 Entropf
a
2 )0
!1S ] aislado = J 1 T f +cr aislado
donde craislado en la cantidad total de entropía generada dentro del sistema y en sus
alrededores. Como en todo proceso real se genera entropía, los únicos procesos que
pueden ocurrir serán aquellos en los que la entropía del sistema aislado aumente. Este
resultado es conocido como principio del incremento de entropía. El principio del
incremento de entropía se adopta algunas veces como enunciado del segundo principio.
Como la entropía es una propiedad extensiva, su valor para el sistema aislado es la
suma de los valores respectivos del sistema y el entorno, por tanto podrá escribirse la
Ec. 6.40a como
Nótese que esta ecuación no implica que el cambio de entropía sea positivo tanto para el
sistema como para su entorno, sino que sólo exige que la suma de ambos sea positiva.
En cualquiera de estas formas el principio del incremento de entropía dicta la dirección
en que pueden ocurrir los procesos: Una dirección tal que la entropía total del sistema
más entorno se incremente.
Previamente habíamos señalado que la tendencia de los sistemas que evolucionaban
libremente era desarrollar procesos a través de los cuales alcanzarían fmalmente la con
dición de eqJ,Iilibrio (Sec. 5.1). El principio del incremento de entropía establece que la
entropía de un sistema aislado aumentará hasta que se alcance el estado de equilibrio, de
forma que dicho estado de equilibrio corresponderá a un valor máximo de entropía. Esta
interpretación será considerada de nuevo en la Sec. 14.1.1, donde se tratan los criterios
de equilibrio.
En la Termodinámica estadística, la entropía se asocia con la idea de desord en y el
enunciado del segundo principio -la entropía de un sistema aislado que experimenta un
proceso espontáneo tiende a aumentar- tiene una forma equivalente: el desorden de un
sistema aislado tiende a aumentar. Concluiremos la presente discusión con un breve re
paso de los conceptos que desde un punto de vista microscópico nos permiten relacionar
estas ideas.
Visto macroscópicamente , el estado de equilibrio de un sistema aparece inmutable,
pero a nivel microscópico las partícula que constituyen la materia están continuamente
en movimiento. De acuerdo con esto, un inmenso número de posibles estados micros
cópicos se corresponden con un mismo estado macroscópico de equilibrio prefijado. Al
número total de los posibles estados microscópicos permitidos para cada estado macros
cópico de un sistema se le denomina probabilidad termodinámica, w. La entropía está
relacionada con w a través de la ecuación de Boltzmann
S=klnw (6.41)
donde k ·es la constante de Boltzmann. A partir de esta ecuación vemos que cualquier
proceso en el que se incremente el número de estados microscópicos en que puede
existir un determinado estado macroscópico de un sistema también supondrá un
incremento de entropía, y viceversa. En consecuencia , en un sistema aislado, los
procesos solamente ocurren de tal manera que se incremente el número de estados
microscópicos accesibles. Al número w se le conoce también como desorden del
sistema. Puede decirse, por tanto, que los únicos procesos que pueden desarrollarse en
un sistema aislado serán aquellos en los que aumente el desorden del sistema.
EJEMPLO 6.6
Una barra de metal de 0,8 lb inicialmente a 1900 °R se saca de un horno y se templa por inmersión en un tanque
cerrado que contiene 20 lb de agua inicialmente a 530 °R. Ambas sustancias pueden suponerse incompresibles. Los
valores de calor específico constante son de Ca = 1,O Btu/lb ·0R para el agua y de cm =O,1Btu/lb ·0R para el metal.
La transferencia de calor entre el tanque y sus alrededores puede despreciarse.Determinar (a) la temperatura final de
equilibrio alcanzada por la barra de metal y el agua, en °R, y (b) la cantidad de entropía generada, en Btu/0R.
264 Entropla
SOLUCIÓN
Conocido: Una barra caliente de metal se templa por inmersión en un tanque que contiene agua.
Se debe hallllr: La temperatura final de equilibrio alcanzada por el agua y la barra de metal, y la cantidad de entropía
generada.
Datos conocidos y diagramas:
ca = 1,0 Btu/lb ·o
A
A Figura E.6.6
mm= 0,81b
ma = 20 lb
Consideraciones:
1. La barra de metal y el agua dentro del tanque forman un sistema cerrado, tal como muestra la figura.
2. El sistema está aislado.
3. No hay variación de energía cinética y potencial.
4. Tanto el agua como la barra de metal tienen un comportamiento de sustancia incompresible con calor específico cons
tante.
Análisis:
(a) La temperatura fmal de equilibrio puede calcularse a partir del balance de energía para el sistema cerrado
1.
donde los términos fudicados se anulan de acuerdo con las hipótesis 2 y 3. Como la energía interna es una propiedad
extensiva, su valor para el sistema total será la suma de los valores para el agua y metal, respectivamente .Por tanto,
el balance de energía puede plantearse como
Evaluando los cambios de energía interna del agua y metal en términos de sus calores específicos
Entropfa 265
donde Tres la temperatura final de equilibrio,y Ta y Tm son las temperaturas iniciales del agua y del metal,respectiva
mente. Despeja ndo Tr y sustituyendo valores:
(b) La cantidad de entropía generada puede evaluarse a partir del balance de entropía . Como no existe
transferencia de calor entre el sistema y sus alrededores. tampoco se produce transferencia de entropía , y
el balance de entropía para el sistema cerrado se reduce a
o
!!.S = f (+ cr
IYT)f
La entropía es una propiedad extensiva,por tanto su valor para el sistema será la suma de los valores correspondientes
al agua y al metal, respect ivamente, y el balance de entropía puede plantearse como
Evaluando los cambios de entropía mediame de la Ec. 6.28, válida para sustancias incompresibles, la ecuación
anterior puede escribirse como
Insertando
valores
cr = (20 lb )(1,o)
lb· R
0
In
535
530
+(o 8 lb)(o 10 Btu ) 1n 535
, , lb· R 19()()
Hasta ahora la discusión del concepto de balance de entropía se había restringido al caso
de sistemas cerrados. En la presente sección el balance de entropía se amplía a los volú
menes de control.
Comenzaremos diciendo que el balance de entropía para volúmenes de control puede
obtenerse mediante un procedimiento paralelo al empleado en las Secs. 4.1 y 4.2, donde
las formulaciones de los balances de materia y energía para volúmenes de control se
26 Entropía
6
dSvc
Iºj · · +
(6.42)
T.+ mée msss ave
dt j J- s
e
Velocidad Velocidades de Velocidad de
de cambio transferencia de generación de
de entropía entropía entropía
Svc (t) = J v ps dV
velocidad de transferencia]
[
de entropía que.acompaña = L(: f dA
a la transferencia de calor
Entropía 267
donde 4 es elflujo de calor, el calor transferido por unidad de tiempo y por unidad de
superficie, que atraviesa un punto de la frontera del sistema cuya temperatura instantánea
es T. El subíndice "f' se añade como recordatorio de que la integral debe ser evaluada en
la frontera del volumen de control. Además, los términos que contabilizan la transfe
rencia de entropía que acompaña a los flujos de masa pueden expresarse como integrales
sobre las áreas en que dichos flujos entran o salen, resultando la siguiente formulación
general para la expresión del balance de entropía por unidad de tiempo:
(4.27)
(4.28a)
(6.44)
Entropía 267
Estas ecuaciones deberán resolverse, a menudo, simultáneamente, junto con las
relacio nes entre propiedades adecuadas.
Entrop1a
""Qj . ( ) .
O = .L.., T. + m S 1 iO've
j J -S
(6.45)
Los dos términos del segundo miembro de la Ec. 6.45 denotan, respectivamente, la
velocidad de transferencia de entropía asociada a los flujos de calor y la velocidad de
generación de entropía dentro del volumen de control, expresados ambos por unidad
de la masa que fluye a través del volumen de control. A partir de la Ec. 6.45
puede concluirse que la entropía de una unidad de masa que atraviesa un volumen de
control desde la entrada hasta la salida puede aumentar, disminuir o permanecer
constante. Sin embargo , como el valor del segundo miembro nunca puede ser negativo
, únicamente po drá ocurrir una disminución de la entropía específica entre la entrada y
la salida cuando se produzca una transferencia de entropía hacia fuera del volumen de
control y asociada a los flujos de calor mayor que la entropía generada por
irreversibilidades internas. Cuan do el valor de este término de transferencia de entropía
es positivo, la entropía específica a la salida es siempre mayor que la entropía específica
a la entrada, existan o no irrever sibilidades internas. En el caso especial en que no
exista transferencia de entropía neta asociada a los flujos de calor, la Ec. 6.45 se reduce
a
(6.46)
6.6.2 Ejemplos
EJEMPL06.
7
Un flujo de vapor de agua entra a una turbina con una presión de 30 bar, una temperatura de 400°C y una velocidad
de 160 m/s.El vapor sale saturado a 100°C y con una velocidad de 100 rn/s. En situación estacionaria, la turbina
produce un trabajo igual a 540 kJ por kilogramo de vapor que la atraviesa. La transferencia de calor entre la turbina y
su entorno tiene lugar a una temperatura media en la superficie externa de 500 K. Determínese la entropía generada
por kilogramo de vapor, en kJ/kg·K. Despréciese la variación de energía potencial entre la entrada y la salida.
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor se expande a través de una turbina en situación estacionaria siendo conocidos sus estados a la entrada
y a la
salida.
Wvc
-.- = 540 kJ/kg
p 1 = 30 bar m
1
r = 400° e
1
e1 = 160 m/s
:
1
r2 = 10oo e
Vapor
saturado e2 =
100 m/s
30 bar
1
T
100° e
S
Entropía 26
9
Figura E.6.7
270 Entropí
a
Consideraciones:
1. El volumen de control señalado en la figura funciona en estado estacionario.
2. La transferencia de calor entre la turbina y sus alrededores ocurre a temperatura conocida.
3. Puede despreciarse la variación de energía potencial entre la entrada y la salida.
Análisis: Para determinar la entropía generada por unidad de flujo de masa a través de la turbina,comenzaremos plan
teando los balances de materia y entropía para volúmenes de control que operan en estado estacionario con una sola en
trada y una sola salida:
Como la transferencia de calor ocurre sólo a Tr = 500 K, el primer término del segundo miembro del balance de
entropía quedará reducido a Ó.vci Tf . Combinando ambos balances, resulta
Qvc .( ) .
O = S¡-S 2 c
+m +crv
f
La velocidad de transferencia de calor requerida por esta expresión será calculada a continuación.
A partir de las expresiones de los balances de materia y energía puede obtenerse que
Q.
ve _
w ve (h h)
(C2 C2
2- 1)
+
+
m m 2- 1
2
donde el término de variación de la energía potencial no aparece de acuerdo con la tercera hipótesis .A partir de la
Tabla A-4 a 30 bar y 400°C, h1 = 3230,9 kJ/kg, y de la Tabla A-2, h2 = h8 (100°C) = 2676,1kJ/kg.Por tanto
A partir de la Tabla A-2, s2 = 7,3549 kJ/kg·K , y de la Tabla A-4, s1 = 6,9212 kJ/kg·K. Sustituyendo estos
valores en la expresión obtenida para la generación de entropía
270 Entropí
( -22 6 kJ/kg) ( kJ ) a
=- ' + (7 3549 -6 9212)
m 500 K ' ' kg ·K
Comentario: Si la frontera se ampliara incluyendo también una parte del entorno tal que la transferencia de calor a
su través tuviera lugar a la temperatura ambiente,digamos T0 = 293 K, la generación de entropía para el volumen de
control
ampliado sería de 0,511 kJ/kg·K. Se deja como ejercicio la verificación de este valor y la explicación de por qué la
generación de entropía para el volumen de control ampliado debe ser mayor que para el volumen de control que
contiene únicamente a la turbina.
EJEMPLO
6.8
Considérense dos sistemas alternativos para calentar una corriente de aire desde 17 a 52°C a una presión
esencialmente constante de 1 bar.
Sistema 1: La temperatura del aire aumentará como consecuencia de la agitación de un líquido viscoso que rodea el
conducto por el que fluye el aire.
Sistema 2: La temperatura del aire aumentará a su paso por los tubos interiores de un intercambiador a
contracorriente.
En el conducto exterior condensará vapor a una presión de 1bar desde vapor saturado a liquido saturado.
Ambos sistemas operan en estado estacionario. Pueden despreciarse las variaciones de energía cinética y potencial y
tam bién se puede considerar que el intercambio de calor con el entorno es irrelevante.Para cada uno de estos
sistemas, cal cúlese la entropía generada por kilogramo de aire calentado, en kJ/kg·K.
SOLUCIÓN
Conocido: Se consideran dos sistemas alternativos operando en estado estacionario para calentar una corriente de aire
a presión constante.
Se debe hallar: Para cada uno de los sistemas, calcular la entropía generada por kilogramo de aire calentado.
Datos conocidos y
diagramas:
Agua líquida
saturada a 1bar
4
r¡:--- ---,
'---------,
1
1 1 Aire a
1 1 <}---- L
la
1 1 a entrada
1 1 salidaa
Airea ,¡r:::..J:::..l-_F_Iu_ido_VJ·s_co_so_...J..:L:..::-,
17°C,
1bar
1l
<}----
--,
la 52oc, 1bar
- ------
entrada
17°C, 3
1bar Vapor de agua
Sistema 1 Sistema2 saturado a
Entropfa 271
1
b
a
r
Figura E.6.8
272 Entropta
Consideraciones :
l. Los dos volúmenes de control funcionan en estado estacionario.
2. No existe transferencia de calor al ambiente. Para el sistema 2, Wve = O.
3. Los términos de energía cinética y potencial pueden despreciarse.
4. El aire puede modelarse como gas ideal.
5. La presión del vapor condensante se mantiene constante así como la presión del aire.
Análisis: Sistema l . En estado estacionario, la expresión del balance de materia se reduce a m 1 = m2 = m . La
ex presión de velocidad del balance de entropía se reduce a
m
El cambio de entropía específica para el aire entre la entrada y la salida puede determinarse usando
o
s2 -s 1 =S 0
(T2) -s (T1) -R In
0
donde el último término se anula de acuerdo con la hipótesis 5. Tomando los valores de s0 de la Tabla A-16 para T1 =
290 K y T2 = 325 K
s2 - s1 = ( 1,78249 - 1,66802) kJ/kg ·K
Por tanto
= 0,1145 kJ/kg ·K
m
Sistema 2. Como el aire y el agua constituyen corrientes separadas, el principio de conservación de la masa nos da que
rñ 1 = rñ.2 y riz 3 = rñ4 . La expresión de velocidad del balance de entropía, contemplando la hipótesis 2, se reduce a
y despejando
Entropía 273
La relación de flujos másicos, m m 3/ 1, puede ser determinada a partir del balance de energía. En estado estacionario
o o
o foc -/.e+ + m¡h¡ m3h3 - m2h2 -
m4h4
donde los términos de calor y trabajo se anulan de acuerdo con la hlpótesis 2, y los términos de energía cinética y
poten cial se han omitido de acuerdo con la hipótesis 3. Con m 1 = m2 y m3 = m4 , la expresión anterior puede
reordenarse
para dar
A partir de la Tabla A-16, h1 = 290 kl/kg y h2 = 325,31 kl/kg. A partir de la Tabla A-3, h3 = 2675,5 kl/kg y h4 =
417,46
kJ/kg. Por tanto,
m3 325,31-290 ,16
0 0156
-m - 2675,5-417,46
1
= '
A partir de la Tabla A-3 a l bar, s4 = 1,3026 kJ!kg·K y s3 = 7,3594 kJ!kg·K. Por tanto, s4 - s3 = -6,0568 kJ!
kg·K. El valor de s2 - s 1 es el mismo que el determinado para el sistema l. Sustituyendo valores en la expresión para
la generación de entropía
cr
= 0,1145 + (0,0156) (-6,0568) = 0,02 kJ/ kg ·K
m ¡
Comentarios:
l. La entropía generada en el sistema 1 es considerablemente mayor que en el sistema 2. De entre las dos
alternativas, el sistema 2 es mejor termodinámicamente , como podríamos haber anticipado.
2. Las consideraciones económicas juegan normalmente un papel decisivo en la práctica cuando se trata de decidir
entre varias alternativas.
T h
S S
FIGURA 6.9 Diagrama T-s y h-s mostrando estados que tienen el mismo valor de entropía
específica.
misma entropía específica. Todos los estados situados sobre una línea vertical que
pase por un estado dado tienen su misma entropía. Si se fija el estado 1 en la Fig. 6.9
a partir de su presión y temperatura , los estados 2 y 3 son fácilmente localizables
una vez se especifique una propiedad adicional, como la presión o la temperatura
.Los valores de las otras propiedades en los estados 2 y 3 pueden ser leídos
directamente a partir de las figuras. Algunos ejemplos de esta forma de proceder se
han mostrado en la Sec. 6.3.2.
Las tablas de datos también pueden ser utilizadas para relacionar dos estados con la
misma entropía específica. Para el caso mostrado en la Fig. 6.9, la entropía específica en
el estado 1 puede determinarse a partir de la tabla de vapor sobrecalentado. Luego, con
s2 = s 1 y el valor de otra propiedad, como p 2 o T2, el estado 2 podrá localizarse en la
tabla
de vapor sobrecalentado. Los valores de las propiedades v, u y h en el estado 2 podrán
leerse entonces directamente de la tabla. Un ejemplo de esta forma de proceder se
ha dado en la Sec. 6.3.1. Nótese que el estado 3 cae en la zona de equilibrio de fases
líquido-vapor de la Fig. 6.9. Como s3 = s 1 , el título en el estado 3 podrá calcularse em
pleando la Ec. 6.9. Una vez conocido el título, podrán evaluarse también otras propie
dades como v, u y h.
La Fig. 6.1O muestra dos estados de un gas ideal que tienen el mismo valor de entropía
específica. Consideramos ahora las relaciones entre las presiones, volúmenes específicos
y temperaturas de dichos estados.
Para dos estados con la misma entropía específica, la Ec. 6.25a se reduce a
274 Entropía
(6.47)
Entropía 275
La ecuación anterior constituye la base para la aproximación tabular que relaciona las
temperaturas y presiones de dos estados de un gas ideal que tengan la misma entropía
específica. Para introducir esta aproximación, la ecuación se reescribe como
p2 exp [S0 (T 2) I R]
p1 exp [s0 (T 1) I R]
1
Pr (1). En la Tabla A-16 se tabula Pr en función de la temperatura para el aire. En
términos de presiones relativas, la última ecuación se transforma en
= (6.48)
A continuación, como los dos estados tienen la misma entropía , podrá introducirse la
Ec. 6.48paradar
El cociente RT!pr (1) que aparece en el segundo miembro de esta ecuación sólo es
función de la temperatura. Normalmente se le denomina volumen relativo y se
representa por el símbolo vr (1). Los valores de vr se presentan tabulados en función de
la temperatura para el aire en la Tabla A-16. En términos de volúmenes relativos la
última ecuación puede escribirse como
= (6.49)
n=1
n = ±oo n =k
kR cP = k- l
Entropía 2
R k- l n
(3.47)
27 Entropía
8
T2 :rl)/k
= (s1 = s2, k cte.) (6.50)
T¡
k-
T2 1 (s 1 = s2 , k cte.) (6.51)
=
T¡
(::)
Cuando el cociente de calores específicos, k, es constante, las Ecs. 6.50 y 6.51 son las
homólogas, respectivamente, de las Ecs. 6.48 y 6.49 válidas para el caso de calores
específicos variables.
La siguiente relación puede obtenerse por eliminación del cociente de temperaturas a
partir de las Ecs. 6.50 y 6.51
EJEMPLO 6.9
Una cierta cantidad de aire sufre un proceso isoentrópico desde p 1 = 1atm,T1 = 300 K hasta un estado fmal cuya
tempera tura es T2 = 640 K. Empleando el modelo de gas ideal, determínese la presión final p2,en atm. Resuélvase
utilizando (a) el valor depr calculado a partir de la Tabla A-16 y (b) un valor para k= cJcv constante evaluado a la
temperatura media
de 470 K obtenido a partir de la Tabla A-
14.
SOLUCIÓN
27 Entropía
8 Conocido: El aire sufre un proceso isoentrópico partiendo de un estado cuya presión y temperatura son conocidas hasta
un estado de temperatura especificada.
Se debe hallar: La presión fmal utilizando (a) los datos de Pr y (b) un valor constante de
k.
Entropí 27
a 9
P2 - ?
Pl = 1 atm
- =--- T¡ • 300 K
8
Figura E.6.9
Consideraciones:
l. El proceso es isoentrópico.
2. El aire puede modelizarse como gas ideal.
3. En el apartado (b) el cociente de calores específicos k es constante.
Análisis:
(a) Las presiones y temperaturas de dos estados de un gas ideal con la misma entropía específica se relacionan a partir
de la Ec. 6.48
Despejando
Pr2
20,64
P = (1 atm) ,
1 3860
= 14,89
(b) Cuando la relación de calores específicos k es constante, las temperaturas y presiones de dos estados de un gas ideal
con la misma entropía específica se relacionan a partir de la Ec. 6.50. Por tanto
k/( k - 1)
P2 = Pt ( :)
EJEMPLO 6.10
Un tanque rígido y con un buen aislamiento térmico contiene inicialmente 5 kg de aire a una presión de 5 bar y una
tem peratura de 500 K. En el desarrollo de un proceso de fuga el aire se escapa lentamente hasta que la presión del
aire rema nente en el tanque es de 1 bar.Empleando el modelo de gas ideal, determínese la cantidad de masa presente
en el tanque y su temperatura .
SOLUCIÓN
Conocido: Se desarrolla un proceso de fuga en un tanque rígido y aislado que inicialmente contiene aire en un estado
conocido. El aire se va escapando lentamente hasta que la presión en el tanque alcanza un valor determinado .
Se debe hallar: La cantidad de aire remanente en el tanque y su
temperatura.
Datos conocidos y
diagramas:
1""
------- --.."""
¡----------¡
1 1
+--Frontera J 5:7
1 ( V
Figura E.6.10
Consideraciones:
l. Como se muestra en la figura anterior, consideramos para el análisis un sistema cerrado constituido por la masa de
aire que estando inicialmente en el tanque permanece en el mismo al fmal del proceso .
2. No se produce una transferencia de calor significativa entre el sistema y su entorno.
3. Pueden ignorarse las irreversibilidades internas mientras el aire se escape lentamente.
4. El aire se trata como gas ideal.
Análisis: A partir de la ecuación de estado de gas ideal, la masa de aire que permanece en el tanque al fmal del proceso
puede expresarse como ·
donde p2 y T2 son la presión y temperatura fmal, respectivamente. La cantidad de aire presente inicialmente en el tanque,
m1 , es
plV
28 Entropía
0 m 1 = --=,.----
( R I M) T1
Entropía 28
1
donde p 1 y T1 son la presión y temperatura inicial, respectivamente. Eliminando el volumen entre estas dos expresiones
nos dará
Excepto la temperatura final del aire remanente en el tanque, T2,todas las demás variables requeridas son conocidas. El
resto del problema concierne fundamentalmente a la evaluación de T2 •
Para el sistema cerrado bajo consideración, no existen irreversibilidades significativas (hipótesis 3), y tampoco trans
ferencia de calor (hipótesis 2).Para este sistema, el balance de entropía se reduce a
/).s = o
Es decir, los estados inicial y fmal del sistema seleccionado tienen un mismo valor de entropía esp ecífica.
Utilizando la Ec. 6.48
donde p1 = 5 bar y p2 = 1bar.Con Prl = 8,411 que proviene de la Tabla A-16 para 500 K, la ecuación anterior nos da
Pa = 1,6822. Empleando este valor para interpolar en la Tabla A-16, se obtiene que T2 = 317 K.
Finalmente, sustituyendo valores en la expresión derivada para la masa
1 bar ) (500 K )
m2 = (5 bar 317 K (5 kg) = 1,58 kg
Comentario: Este problema también puede resolverse considerando un volumen de control que contenga al tanque. El
estado del volumen de control cambia con el tiempo a medida que se va escapando el aire. Los detalles de esta forma de
resolver el problema se dejan como ejercicio.
Los ingenieros hacen un uso frecuente del concepto de eficiencia o rendimiento , para
lo cual emplean diferentes definiciones según sea el tipo de dispositivo analizado. En
esta sección se introduce el concepto de rendimiento isoentrópi co para turbinas ,
toberas, compresores y bombas. Estos rendimientos serán empleados
frecuentemente en las secciones siguientes de este libro.
28 Entropfa
2
t t
Wvc
-. = hl-h2
m
Como el estado 1 está fijado, la entalpía específica h1 será conocida. De acuerdo con
esto, el valor del trabajo dependerá de la entalpía específica únicamente, y aumentará
al reducirse · El máximo valor para el trabajo producido en la turbina corresponderá
al mínimo valor permisible para la entalpía específica a la salida de la turbina. Este
podrá ser determinado aplicando el segundo principio . Los estados de salida
permitidos están limitados por
expresión que se obtiene por reducción del balance de entropía. Como la generación
de entropía óve 1m no puede ser negativa , aquellos estados con s2 < s 1 no son
accesibles en una expansión adiabática. Los únicos estados que pueden alcanzarse en
una expansión
Entropía
283
real serán aquellos con s2 > s1• El estado denominado como "2s" en la Fig. 6.12 podría
ser alcanzado únicamente en el caso límite en que no se presentaran irreversibilidades
internas. Esto corresponde a un proceso de expansión isoentrópica a través de la turbina.
Para una presión de salida prefijada, la entalpía específica h¿ disminuye al hacerlo la
entropía específica s2. En consecuencia, el mínimo valor permitido para h2 corresponde
al estado 2s, y el máximo valor para el trabajo producido en la turbina es
En un proceso real de expansión a través de la turbina h¿ > h 2s, y por tanto se obtendrá
una cantidad de trabajo menor que la máxima. Esta diferencia puede medirse mediante el
rendimiento isoentrópico de la turbina que se defme por
(6.53)
lltobera =
(6.54)
En la práctica se alcanzan rendimientos de tobera del 95%, y aún mayores, lo cual nos
indica que una tobera bien diseñada se encuentra casi libre de irreversibilidades internas.
A continuación se aborda la formulación del rendimiento isoentrópico de los compre
sores. En la Fig. 6.13 se muestra un proceso de compresión en un diagrama de Mollier.
El estado del flujo de materia que entra al compresor está prefijado así como la presión a
la salida. Cuando no se produce una transferencia apreciable de calor con los alrededores
ni tampoco variaciones significativas de energía cinética y potencial, el trabajo consu
mido por cada unidad de la masa que fluye a través del compresor es
·· Wvc
= h2 - hl
m
28 Entropí
4 a
JJ
re PI
(-Wvcr.ñ ) = h -h
2s 1
S
(6.55)
EJEMPLO 6.11
Una turbina funciona en estado estacionario siendo las condiciones a la entrada de p 1 = 5 bar y T1 = 320°C. El vapor
abandona la turbina a una presión de 1 bar. No existe una transferencia de calor significativa entre la turbina y sus alre
dedores, y las variaciones de energía cinética y potencial entre la entrada y la salida son despreciables. Si el rendimiento
isoentrópico de la turbina es del 75%, calculése el trabajo desarrollado por unidad de masa del vapor que fluye a través
de la turbina, en kJ/kg.
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor se expande a través de una turbina que opera en estado estacionario entre unas condiciones especifi
cadas de entrada y una presión de salida también especificada. La eficiencia de la turbina es conocida.
Se debe hallar: El trabajo desarrollado por unidad de masa del vapor que fluye a través de la
turbina .
Datos conocidos y
diagramas:
p1 = 5 bar
S
Figura E.6.11
eonsideraciones
:
l. El volumen de control mostrado en la figura opera en situación estacionaria.
2. La expansión es adiabática y las variaciones de energía cinética y potencial entre la entrada y la salida son
despreciables.
Análisis: El trabajo desarrollado puede determinarse a partir de la Ec. 6.53 para el rendimiento isoentrópico de la tur
bina. Esta ecuación convenientemente reordenada nos da
A partir de la Tabla A-4, h1 = 3105,6 kJ/kg y s 1 = 7,5308 kJ/kg·K. El estado de salida para la expansión isoentrópica
viene fijado por p2 = 1 bar y s25 = s 1 • Interpolando con la entropía específica en la Tabla A-4 a 1 bar nos da h25 = 2743,0
kJ/kg. Sustituyendo valores
Entropí 285
a Wvc
= 0,75 (3105,6- 2743,0) = 271,95 kJ/ kg
m
28 Entropfa
6
Comentario: El efecto de las irreversibilidades impone una penalización al trabajo producido por la turbina: el trabajo
obtenido es únicamente el 75% del que podría obtenerse en una expansión isoentrópica entre el mismo estado de entrada
y la misma presión de salida.Esto se ilustra claramente en términos de diferencias de entalpía en el diagrama h-s de la
figura.
EJEMPLO
6.12
Una turbina que opera en estado estacionario recibe aire a una presión de p 1 = 3,0 bar y una temperatura de T 1 = 390
K. El aire abandona la turbina a una presión de p2 = 1,O bar. Se ha medido el trabajo desarrollado, siendo de 74 kJ por
kilo gramo de aire. La turbina opera adiabáticamente, y los cambios de energía cinética y potencial entre la entrada y la
salida
pueden despreciarse. Empleando el modelo de gas ideal para el aire, determínese el rendimiento de la turbina.
SOLUCIÓN
Conocido: Un flujo de aire se expande a través de una turbina en estado estacionario desde un estado de entrada
espe cificado hasta una presión de salida también especificada.El trabajo desarrollado por kg de aire fluyendo a
través de la turbina es conocido.
Se debe hallar: El rendimiento isoentrópico de la turbina.
Datos conocidos y
diagramas:
p1 = 3,0 bar
T1 = 390 K
3,0 bar
r
Expansión
real
Expansión 1,0 bar
isoentrópica
28 Entropfa
6 S
Figura E.6.12
Entropía 2JJ
7
Consideraciones:
l. El volumen de control mostrado en la figura opera en estado estacionario.
2. La expansión es adiabática y se despreciarán las variaciones de energía cinética y potencial.
3. El aire se tratará como gas ideal.
Análisis: El numerador de la expresión que defme el rendimiento isoentrópico de la turbina, Ec. 6.53, es conocido. El
denominador se evaluará como se indica a continuación.
El trabajo desarrollado en una expansión isoentrópica desde el estado inicial dado hasta la presión de salida espe
cificada es
A partir de la Tabla A-16 para 390 K, h 1 = 390,88 kJ/kg. Para determinar hzs, se empleará la Ec. 6.48
Conp2 = 1,0 bar ,p1 = 3,0 bar, y Pr t = 3,481, se obtiene de la Tabla A-16 para 390 K:
1,0 )
Pr(T 2s) = ( ,0 (3,481) = 1,1603
3
Wvc lni 74
Tlt = = 105 6 = 0,70 (70%)
(Wvclni) s '
EJEMPLO 6.13
Un flujo de vapor de agua entra en una tobera a p 1 = 10 bar y T1 = 320°C con una velocidad de 30 m/s. La presión y
temperatura a la salida son p2 = 3 bar y T2 = 180°C. No existe una transferencia de calor significativa entre la tobera
y sus alrededores y las variaciones de energía potencial pueden despreciarse.Determínese el rendimiento de la tobera.
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor de agua atraviesa la tobera siendo conocidos los estados de entrada y salida. También se conoce la
velocidad de
entrada.
Se debe hallllr: El rendimiento de la tobera.
288 Entropía
10 bar 320° C
h
1aoo e
S
Figura E.6.13
Consideraciones
:
l. El volumen de control mostrado en la figura opera adiabáticamente en situación
estacionaria.
2. Para el volumen de control W ve = O y la variación de energía potencial entre entrada y salida es despreciable.
Análisis: Para calcular el rendimiento a partir de la Ec. 6.54 necesitamos conocer la energía cinética específica real a la
salida y el valor máximo alcanzable por esta variable que corresponde a una expansión isoentrópica entre el estado inicial
y la presión final. La combinación de los balances de masa y energía para el proceso desarrollado nos permite escribir
c22 c21
2 = h, -h2 + 2
(e;)
3 2
2- = 3093,9-2813,3 + 10- 2• = 281 ,05 kJ/kg
S
Entropfa 28
9
Comentario: Una causa importante de irreversibilidad en las toberas es el rozamiento entre el flujo de gas o líquido y
la pared interna. El efecto de esta fricción se traduce en una disminución de la energía cinética a la salida y por tanto en
una menor velocidad, dicho esto con respecto a los valores límite propios de la expansión isoentrópica.
EJEMPLO
6.14
Un compresor que opera en estado estacionario recibe aire a p 1 = 0,95 bar y T1 = 22°C. La relación de presiones entre
la salida y la entrada es igual a 6. No existe una transferencia de calor significativa entre el compresor y su entorno, y
las variaciones de energía cinética y potencial son despreciables. Si el rendimiento isoentrópico del compresor es
del82%, determínese la temperatura del aire a la salida. Empléese el modelo de gas ideal para el aire.
SOLUCIÓN
Conocido: Se comprime aire desde un estado inicial especificado hasta una presión de salida también especificada. Se
conoce el rendimiento isoentrópico del compresor.
Se debe hallar: La temperatura del aire a la salida.
Datos conocidos y
diilgramas:
Trabajo consumido
p.1 = 0,95
bar T = 22°
C
1
1
f- Compresión real
1
1
Compresión 1
isoentrópica 1
1
1 p,
-=" =--- r,
Entropfa 28
9
S
Figura E.6.14
290 Entropí
a
Consideraciones:
l. El volumen de control mostrado en la figura opera en estado estacionario.
2. Los cambios de energía cinética y potencial entre la entrada y la salida son despreciables.
3. El aire se modela como gas ideal.
Análisis: La temperatura a la salida puede determinarse a partir de la entalpía específica en dicho punto. La entalpía
específica puede calcularse a partir del rendimiento isoentrópico del compresor
h2s- h¡
'Tlc = --
h2-hl
Despejando para
(h2s-hl)
h2 h2 = h¡+---
llc
La Tabla A-16 nos da h1 = 295,17 kJ/kg a T1 = 295 K. Para encontrar h25 se empleará la Ec. 6.48
donde Prt se ha obtenido en la Tabla A-16 para 295 K. La entalpía específica en el estado 2s se calculará interpolando
en la Tabla A-16: s = 493,0 kJ/kg. De acuerdo con este valor la entalpía específica a la salida será de
(493,0- 295,17)
h2 = 295 ,17 + 0,82 = 536,4 kJ/kg
..
6.9 TRANSFERENCIA DE CALOR Y TRABAJO EN PROCESOS DE FLUJO
ESTACIONARIO INTERNAMENTE REVERSIBLES
En esta sección se analizan volúmenes de control con una sola entrada y una sola salida
operando en estado estacionario. El objetivo propuesto es el de obtener expresiones que
nos permitan calcular el calor y trabajo intercambiados cuando los procesos se desarro
llan en ausencia de irreversibilidades internas. Estas expresiones tienen varias aplicacio
nes importantes como veremos más adelante.
Para un volumen de control en situación estacionaria en el cual el proceso de flujo es
a la vez isotermo e internamente reversible, podemos formular el balance de entropía
de la siguiente forma
. o
Qvc .( ) j
O =
+m S¡-S 2 +?Jvc
Entropía 291
Qvc
-.m = T(s2 -s1)
En general, la temperatura variará de un punto a otro del volumen de control a medida
que el gas o líquido fluyen por él. Sin embargo, puede considerarse esta variación como
el resultado de una serie de variaciones infinitesimales. Así, la transferencia de calor por
unidad de masa vendrá dada por
( ve }
mt
= J T ds (6.56)
rev
El subíndice "int rev" se utiliza para recordar que la expresión anterior es aplicable
únicamente a volúmenes de control en los que no se presentan irreversibilidades internas.
La integración de la Ec. 6.56 deberá realizarse desde la entrada hasta la salida. Cuando
los estados por los que pasa la unidad de masa mientras fl1:1ye reversi lemente desde la
entrada hacia la salida se describen por una curva en un diagrama T-s, la magnitud del
calor intercambiado por la unidad de masa quedará representada por el área bajo dicha
curva.
El trabajo intercambiado por la unidad de masa a su paso por el volumen de control
puede calcularse a partir del balance de energía, que en estado estacionario se reduce a
(6.57)
( (e -e;)
W
+g(z -z )
2
. 1
2
=
(
(6.58)
re v
m t
1
donde el subíndice "int rev" tiene el mismo significado que antes. Cuando no se presen
tan irreversibilidades internas, la unidad de masa atravesará una secuencia de estados de
equilibrio según avanza desde la entrada a la salida. Los cambios de entropía, ::- aloía y
presión estarán relacionados entonces por la Ec. 6.17b
Tds = dh-vdp
cuya integración nos proporciona la relación siguiente
+ g (z 1 -z2)
mt
rev
Cuando los estados por los que pasa la unidad de masa según fluye reversiblemente desde
la entrada a la salida puedan describirse mediante una curva en el diagrama p-v como
muestra la Fig. 6.14, la magnitud de la integral J v dp quedará representada por el área
sombreada a la izquierda de dicha curva.
La Ec. 6.59 puede aplicarse también al estudio del comportamiento de volúmenes de
control en estado estacionario para los que Wve es nulo, como es el caso de las toberas
y difusores. En cualquiera de estos casos, dicha ecuación se reduce a
(6.60)
(-W-;;v;c- ). = -f 2 1
V dp ( ec = ep =O) (6.61)
mt
rev
Esta expresión nos indica que el trabajo está relacionado con la magnitud del volumen
específico del gas o líquido según éste va fluyendo desde la entrada hasta la salida. Para
ampliar esta idea, considérense dos dispositivos: una bomba por la que pasa agua líquida
y un compresor por el que pasa vapor de agua. Para el mismo incremento de presi ón,
la bomba requerirá un consumo de trabajo por unidad de flujo de masa mucho más
pequeño que el compresor porque el volumen específico del líquido es mucho más
pequeño que el del vapor. Esta conclusión es también cualitativamente correcta para
las bombas y compresores reales, los cuales presentarán irreversibilidades en su
operación.
La Ec.6.61 se utiliza frecuentemente en alguna de sus formas especiales. Por ejemplo,
si el volumen específico se mantiene aproximadamente constante, como en muchas apli
caciones en que intervienen líquidos
( v = cte, ec = ep =O) (6.62)
Entropía 29
3
Otras formas especiales de la Ec. 6.61 resultan cuando cada unidad de masa
desarrolla un proceso politrópi co a su paso por el volumen de control. Para un proceso
de este tipo la relación entre la presión y el volumen específico es
(6.63)
pv'l = constante
Introduciendo esta relación en la Ec. 6.61 y realizando la integración
Las Ecs. 6.64 y 6.65 son de aplicación general a procesos politrópicos para cualquier
gas (o líquido). Para el caso especial de un gas ideal, la Ec. 6.64 puede expresarse como
T2 = (P 2)(n- l) ln
Entropía 29
3
Tl lj;l
29 Entropí
4 a
r
y por tanto la Ec. 6.66a puede escribirse alternativamente como
1)
re v
m t
(-W-;v¡;c- ). = -RT
(gas ideal, n = 1) (6.67)
In (p2/p1)
mt
rev
EJEMPLO 6.15
Un compresor de aire opera en estado estacionario siendo el estado del aire a la entrada de p1 = 1bar y T1 = 20°C, y la
presión de salida p2 = 5 bar. Detennínense los intercambios de calor y trabajo por unidad de masa, en kJ/kg, si el aire
desarrolla un proceso politrópico con n = 1,3. Despreciénse los cambios de energía cinética y potencial entre la entrada
y la salida. Empléese el modelo de gas ideal para el aire.
SOLUCIÓN
Conocido: Se comprime aire según un proceso politrópico desde un estado especificado de entrada hasta una presión
especificada de salida.
Se debe hallar: El calor y trabajo intercambiados por la unidad de masa de aire a su paso por el compresor.
p v1• 3 = constante
1 bar
rev
V
Figura E.6.15
29 Entropí
4 Consideraciones: a
l. El volumen de control mostrado en la figura opera en estado estacionario.
2. El aire desarrolla un proceso politrópico de índice n = 1,3.
Entropía 29
5
T2 = T1 :) = 293 ( ) = 425 K
Sustituyendo los valores conocidos en la Ec. 6.66a obtenemos
W vc nR 1,3 (8,314 )
- -;¡ ; - = (T2 -T I ) = (425-293) = -164,2 kJ/kg
-
-n- 1• _ 1 28,97
1
El calor intercambiado puede evaluarse reduciendo las expresiones de velocidad de los balances de materia y energía
bajo las hipótesis contempladas para obtener
Utilizando las temperaturas T1 y T2, los valores de la entalpía específica se obtienen de la Tabla A-16como h1 =
293,17 kJ/kg y hz = 426,35 kJ/kg. Por tanto:
Qvc
-. =-164 ,15+(426,35-293,17) = -31 kJ/kg
m
Comentario: Los estados por los que pasa el aire en el proceso politrópico de compresión forman la curva representada
en el diagrama p-v. La magnitud del trabajo por unidad de masa del aire que atraviesa el compresor es igual al área
som breada a la izquierda de dicha curva.
296 Entropí
a
PROBLEMAS
6.1Un ciclo de potencia reversible R y otro irreversible I operan 6.5 Determínese la entropía específica de los siguientes
entre los dos mismos focos.Cada uno de ellos recibe Qc del sistemas.
foco caliente.El ciclo reversible desarrolla un trabajo neto
(a) Agua, p = 2,5 MPa, T = 400°C.
WR y el irreversible W1•
(b) Agua,p = 2,5 MPa, T = 200°C.
(a) Evalúese crciclo para el ciclo I en términos de W1,
(e) Agua,p = 2,5 MPa, u= 1.500 kJ/kg.
WR (d) Aire, p = 100 kPa, T = 20°C.
y de la temperatura del foco frío TF·
(e) Monóxido de carbono, T = 300K, v = 1,1 m3/kg.
(b) Demuéstrese que crciclo debe ser positivo.
6.6 Un kilogramo de oxígeno (OJ desarrolla un proceso desde
6.2Un ciclo de refrigeración reversible R y otro irreversi ble I
300 K y 2 bar hasta 1.500 K y 1,5 bar. Calcule la
operan entre los dos mismos focos, absorbiendo ambos
variación de entropía específica, en kJ/kg·K, utilizando:
QF del foco frío.Demuéstrese que el trabajo necesario
para accionar el ciclo irreversible W1 es mayor que el (a) La Ec. 6.23 con cP (1) de la Tabla A-15.
trabajo requerido por el ciclo reversible WR. (b) La Ec. 6.25b con S 0 de la Tabla A-18.
6.3 Un ciclo de potencia reversible recibe energía Q 1 y Q2 de (e) La Ec. 6.27 con cP a 900 K de la Tabla A-14.
dos focos calientes a temperaturas T1 y T2, respec
6.7 Diga si los siguientes enunciados son verdaderos o falsos.
tivamente , y descarga energía Q3 a un foco frío a tem
Si es falso, razónese por qué lo cree así.
peratura T3.
(a) El cambio de entropía de un sistema cerrado es el
(a)rendimiento
Obténgase una expresión para el
tér mico en función de los cocientes mismo para todo proceso entre dos estados especi
TJI3 , T{I3 y q = ficados.
QJ Q¡. (b) La entropía de un sistema cerrado no puede dis-
(b) Discútanse los resultados del apartado anterior minuir.
para estos límites: lim q O, lim q oo,
(e) La entropía de una masa determinada de un gas
lim T1 oo.
ideal disminuye en toda compresión isoterma.
6.4 El sistema mostrado esquemáticament en la Fig. P6.4 (d) Las siguientes propiedades específicas: energía in
desarrolla un ciclo ientras recibe energía Q0 del entorno a tema, entalpía y entropía, de un gas ideal son
la temperatura T0, Q5 de una fuente a Ts, y cede energía función
útil de la temperatura únicamente.
Qu para su consumo a Tu. No existen otras interacciones
energéticas. Para Ts >Tu >_T0, obténgase una ex_Presión del
máximo valor teórico de Qu en términos de Q y de las (e) Una de las ecuaciones T tiene la forma T ds =
5
dh -v dp. ds
temperaturas Ts, Tu y T0.
Figur Entorno
a
P6.4
Aire
Combustible
296 Entropí
(t) La u do proceso en que tam bién aumenta la a
entropía
de una m temperatura.
masa
determina e 6.8 Una cantidad de aire desarrolla un ciclo termodinámi
da de n
fluido in co formado por los tres procesos
t siguientes:
c
a
o
e Proceso 1-2: calentamiento a volumen constante desde
m p 1 = 0,1 MPa, T1 = 15°C, V1 = 0,02 m 3
p
n hasta p2 = 0,42 MPa.
t Proceso 2-3: enfriamiento a presión constante.
re
o Proceso 3-1: calentamiento isotérmico hasta el estado ini
si
cial.
bl
e Empleando el modelo de gas ideal con cp = 1 kJ/kg·K,
a eva lúense los cambios de entropía en los distintos
procesos. Represéntese el ciclo en un diagrama P-v.
Entropía 297
6.9 Una determinada cantidad de agua líquida desarro lla un 6.13 Una masa de aire desarrolla un ciclo termodinámico que
proceso desde 80°C y 7,5 MPa hasta líquido saturado a consta de los siguientes procesos reversibles:
40°C. Determínese el cambio de entropía específica , en
kJ/kg·K, utilizando:
(a) Las Tablas A-2 y A-5.
(b) Datos del líquido saturado de la Tabla A-2, so
lamente.
(e) El modelo de líquido incompresible con un calor
específico constante de la Tabla A-13.
T T
3 3
S S
Figur-a
P6.11
6.16 Para cada uno de los siguientes procesos, indique si el Si no, determínese en qué sentido se desarrolla la
cambio de entropía del sistema cerrado es positivo, nulo o transferencia de calor.
indeterminado.
(a) 2 kg de agua, proceso adiabático.
(b) 1 lb de nitrógeno, proceso internamente reversible.
(e) 3 kg de R134a, proceso adiabático de agitación
con una rueda de paletas.
(d) 1 lb de dióxido de carbono, proceso isotermo.
(e) 2lb de oxigeno (gas ideal), proceso con disminución
de temperatura a presión constante.
(f) 1 kg de argón (gas ideal), proceso de compresión
isotermo.
6.17 Una masa determinada de agua m, inicialmente en
estado de líquido saturado, es llevada al estado de vapor
saturado en un proceso a presión y temperatura constante.
(a) Obténgase expresiones para el trabajo y el calor en
términos de la masa m y de propiedades que
puedan obtenerse directamente en las tablas de
vapor.
(b) Demuéstrese que este proceso es internamente
reversible.
6.18 Considérese que un sistema cerrado y sus alrededores
forman en conjunto un sistema aislado. Diga si los
siguien tes enunciados son verdaderos o falsos. Si es
falso, razone por qué lo cree así.
(a) No está permitido ningún proceso en el cual aumen
ten tanto la entropía del sistema como la del
entorno.
(b) Durante un proceso, la entropía del sistema puede
disminuir, mientras la entropía del entorno
aumenta,
y viceversa.
(e) No está permitido ningún proceso en el cual las
entropías, tanto del sistema como del entorno, per
manezcan constantes.
(d) Puede ocurrir un proceso en el cual disminuya la
entropía del sistema y también la entropía del en
tomo.
6.19 Un dispositivo cilindro-pistón contiene inicialmente 0,04
m3 de agua a 1 MPa y 320°C. El agua se expande
adiabáticamente hasta una presión final de 0,15 MPa.
Deter mínese cual es el máximo trabajo teórico que puede
desarro llar el agua en dicha expansión.
6.20 Se comprime aire desde un estado en que la presión es 1
bar y la temperatura es 27°C hasta otro estado en que la
presión es 5 bar y la temperatura es 177°C. ¿Puede ser
adia bático? Si lo es determínese el trabajo específico.
29 Entropf
6.21 8Con una rueda de paletas que gira a 100 r.p.m. se agi tan a
6.24 Un sistema aislado de masa total m se forma almez clar
O, 1kg de agua, inicialmente a 3 bar y 200°C, contenidos dos masas iguales del mismo líquido inicialmente a tem
en un recipiente cerrado. En el proceso se produce
peraturas T1 y T2• Finalmente, el sistema alcanza el equi
una transferencia de calor con el entorno a través de una
librio. Considerando al líquido como incompresible de
pared delgada. Durante el proceso se mide el trabajo calor
neto en específico e:
-17,5 kJ. Al fmal del mismo el agua se encuentra a 15
(a) Demuéstrese que la entropía generada es
bar y 210°C. Los cambios de energía cinética y potencial
pueden considerarse despreciables. Determínese si la
medida del trabajo intercambiado puede haber sido
correcta.
G =me ln[2 (;,;>J
6.22 Una libra de aire se comprime adiabáticamente desde (b) Demuéstrese que cr debe ser positiva.
40°F y 1 atm hasta 5 atm. La compresión requiere un
6.25 Dos tanques rígidos y adiabáticos están conectados por
20% más de trabajo que la necesaria para el proceso
medio de una válvula. Inicialmente un tanque contiene 0,5
reversible entre los mismos estados inicial y fmal.
kg de aire a 80°C y 1 atm, y el otro 1kg de aire a 50°C y 2
Determínese para el aire:
atm. Al abrirse la válvula las dos masas de aire se mezclan,
(a) El trabajo consumido, en kJ. alcanzándose fmalmente el equilibrio. Empleando el
(b) La entropía generada, en kJ/K.
modelo de gas ideal, determínese:
6.23 Una resistencia eléctrica de 30 ohmios térmicamente
(a) La temperatura fmal, en °C.
aislada recibe una corriente de 6 amperios durante 3
(b) La presión fmal, en atm.
segundos. La masa de la resistencia es O, 1 lb, su
(e) La cantidad de entropía generada, en kJ/K.
calor específico es 0,2 Btu/lb·R, y su temperatura inicial
es 70°F. Tomando la resistencia eléctrica como sistema, 6.26 Un motor eléctrico que opera en estado estacionario
determínese: consume 10 amperios con un voltaje de 220 V. El eje gira
(a) La temperatura final, en °C. a
(b) La entropía generada, en kJ/K. 1.1 r.p.m. con un par de 16 N·m aplicado a una carga ex-
Entropía 29
9
tema. La velocidad de transferencia de calor del motor a (b) Si Te= 277°C, TF = 77°C, K= 0,4 kW/m·K, A=
sus 0,1
alrededores está relacionada con la temperatura superficial m2 y L = m, calcúlese la velocidad de transferencia
T5 y la temperatura ambiente T0 por: Q = h A (T5 - de calor Qc. en kW, y la velocidad de generación de
T0),
donde h = 100 W/m2·K, A= 0,195 m2, y T0 = 293 K. entropía, en kW/K.
Los
intercambios de energía son positivos en el sentido
indicado donde K es la conductividad térmica del cobre.
por las flechas de la Fig.
P6.26. (a) Considerando la barra como sistema, obténgase una
expresión para la velocidad de generación de en
(a) Determínese la temperatura T5, en K. tropía en términos de A, L, Te• TF y K.
(b) Para el motor como sistema, calcúlese la velocidad
de generación de entropía, en kW/K.
(e) Si la frontera del sistema se localiza de modo que
contenga una porción de los alrededores inmediatos
tal que la transferencia de calor se desarrolle a T0,
determínese la velocidad de producción de entropía,
en kW/K, para el sistema ampliado.
welec
Figura
P6.26
wciclo = Qe(l- ::)-T'ecr A partir de este resultado puede deducirse que el trabajo
donde cr es la entropía generada por ciclo a causa de
mínimo necesario para que un ciclo frigorífico lleve ambos
cuerpos desde la misma temperatura inicial a las tempera
las irreversibilidades.
turas finales Te y TF (con Te> TF) viene dado por
(b) Si Qe y QF se intercambian con focos a
temperaturas Te y TF• respectivamente, ¿cuál es
la relación entre T' e y Tey entre T' F y TF ?
(e) Obténgase una expresión para Wciclo para (i)
inexis Demuéstrese.
tencia de irreversibilidades internas, (ü)
6.31 Un gas fluye a través de un volumen de control que opera
inexistencia de irreversibilidades.
en estado estacionario. Durante el proceso tiene lugar una
6.30 Un sistema desarrolla un ciclo termodinámico recibiendo transferencia de calor en un lugar de la superficie del
energía por transferencia de calor de un cuerpo volumen de control donde la temperatura es T5 .
incompresible de masa m y calor espedfico e inicialmente Determíne
a temperatura Te· El sistema que desarrolla el ciclo se, para cada uno de los siguientes casos, si la entropía
cede energía por transferencia de calor a otro cuerpo específica del gas a la salida es mayor, igual o menor. que
incom presible de masa m y calor específico e su entropía específica a la entrada.
inicialmente a temperatura TF· El sistema produce
30 Entropí
0 a
(a) Proceso internamente reversible, Qvc>O 6.36 Un flujo de aire entra a un difusor adiabático que
(b) Proceso internamente reversible, Qvc<O opera en régimen estacionario a 0,6 bar, -3°C y 260 m/s,
(e) Proceso internamente reversible, Qvc=O
abando nando el mismo con una velocidad de 130 rn/s.
(d) Proceso internamente irreversible, Qvc=O
Empleando el modelo de gas ideal para el aire,
(e) Proceso internamente irreversible, Qvc>O
determínese:
(f) Proceso internamente irreversible, Qvc<O
{a) La temperatura del aire a la salida, en °C.
6.32 Un flujo de gas metano (CH4) entra a 0,7 bar y 280 K en un
(b) La máxima presión alcanzable a la salida, en bar.
compresor que opera en estado estacionario, saliendo del
mismo a 3,4 bar y 380 K. Empleando el modelo de gas 6.37 Una cámara de mezcla, que opera en situación esta
ideal, determínese el cambio de entropía específica que cionaria, recibe dos corrientes de líquido de la misma sus
sufre tancia con temperaturas T1 y T2 y flujos másicos rñ. 1 y
el metano a su paso por el compresor. ¿Es posible que este rñ.2 ,
compresor esté funcionando adiabáticamente? respectivamente. A la salida se tiene una sola corriente con
6.33 Un flujo de aire que circula por un conducto horizontal T3 Y m
3 . Utilizando el modelo de fluido incompresible
adiabático es objeto de medición en una práctica de labora con
torio. Un grupo de estudiantes ha anotado los valores medi calor específico constante e, obténganse expresiones para
dos de presión, temperatura y velocidad en dos puntos del
conducto:
(a) T3 en términos de T1, T2 y m /m
1 3
m /m
(b) ó/rñ.3 en términos de e, T1/T2 y 1 3
(a) p = 0,95 bar, t = 67°e, e= 75 m/s (e) Para valores predefinidos de e y T1/T2 determínese
(b) p = 0,80 bar, t = 22°e, e= 310 m/s. el valor de
gene m/m
1 3 para el cual es máxima la
Sin embargo no han anotado la dirección del flujo. Uti ración de entropía.
lizando los datos, ¿podría establecerse con certidumbre 6.38 La Fig. P6.38 muestra una central térmica de turbina
cuál era dicha dirección? de gas que opera en régimen estacionario. La turbina de gas
6.34 Un inventor proclama que ha desarrollado un disposi tivo consiste en un compresor , un intercambiador de calor y
que sin ningún consumo de trabajo o calor es capaz de una turbina propiamente dicha. Tanto la turbina como el
producir, en régimen estacionario, dos flujos de aire, uno com presor son adiabáticos y el aire recibe energía por
caliente y otro frío, a partir de un solo flujo a temperatura transfe rencia de calor en el intercambiador a una
intermedia. Dicho dispositivo opera tal como muestra la temperatura media de 488°C. Determínese, a partir de los
Fig. P6.34. Evalúese lo afirmado por el inventor datos de la figura y despreciando las variaciones de
suponiendo despreciables las variaciones de energía energía cinética, el máximo valor teórico para el trabajo
cinética y potencial.
neto que puede produ cir la central, en kJ por kg de aire
fluyente.
6.35 Un flujo de R12 entra a una válvula como líquido por una turbina adiabática, cuál sería la máxima producción
saturado a 7 bar y es estrangulado, en régimen estacionario. de trabajo que ésta podría desarrollar, en kJ/kg.
hasta 1 bar. Determínese la producción de entropía por uni
dad de masa, en kJ/kg-K. Si se reemplazara la válvula
30 Entropí
0 0,95 bar,22° e 0,95 bar,421o e a
6.39La Fig. P6.39 muestra una resistencia eléctrica de 30 camente hasta un estado en que la temperatura es 700 K.
ohmios localizada en el interior de un conducto de aire bien Empleando el modelo de gas ideal y despreciando los cam
aislado. En régimen estacionario, pasa por la resistencia una bios de energía cinética, determínese la presión del aire a la
corriente eléctrica de 15 amperios, manteniéndose su tempe salida y el trabajo desarrollado por la turbina, cuando:
ratura constante a 28°C. El aire entra al conducto con 1 atm
(a) Se toman datos de la Tabla A-16.
de presión y una temperatura de 15°C, abandonando el
(b) Se toma como calor específico constante el corres
mis mo a 25°C y una presión ligeramente inferior.
pondiente a la temperatura media de 900 K de la
Despreciando la variación de energía cinética para el aire.
Tabla A-14.
(a) Determínese la velocidad de generación de entropía, (e) Se toma como calor específico constante el co
en kW/K, considerando la resistencia como sistema. rrespondiente a la temperatura de 300 K de la
(b) Para un volumen de control que contenga el aire Tabla A-14.
presente en el conducto y la resistencia, calcúlese el
flujo másico de aire, en kg/s y la velocidad de gene 6.43 Una botella contiene aire comprimido a 30 atm y
ración de entropía, en kW/K. 540°F. Este aire se utiliza para accionar una pequeña turbina
empleada para los arranques de emergencia de un motor tér
mico. Para conseguir el efecto deseado la turbina debe pro
Resistencia de 30 ohm ducir al menos 100 Btu de trabajo. Durante la operación de
+ arranque se permitirá que el aire fluya a través de la turbina
Entrada 2i $ y se descargue a la atmósfera, hasta que la presión del aire
de aire a Salida de
15 oc, 1 atm aire a en la botella disminuya a 3 atm. Determínese el volumen
25°C mínimo de la botella, en m, 3 que puede ser suficiente para
--{> ---{>
los
propósitos planteados
.
Figura P6.39 6.44 Un flujo másico de aire de 18kg/s entra a una turbina de
· 3.600 kW a una temperatura de 800°C y una velocidad de
100 m/s. El aire se expande adiabáticamente a través de la
turbina y abandona la misma con una velocidad de 150 m/s.
Después, entra a un difusor donde se desacelera isoentrópi
6.40 Un flujo de R12 entra a un intercambiador a contraco rriente camente hasta 10 m/s. Si la salida del difusor da a la atmós
a -20°C y con un título del35%, abandonando el mis mo fera y el aire se comporta como gas ideal.
como vapor saturado a -20°C. La otra corriente del
intercambiador es un flujo másico de 4 kg/s de aire que es (a) Calcúlese la presión del aire entre la turbina y el
enfriado desde 300 hasta 285 K sin pérdida significativa de difusor.
presión. Calcúlese, para la operación en estado (b) Represéntese el proceso en un diagrama T-s.
estacion<v1o, la velocidad de generación de entropía en
6.45 Un flujo de vapor de agua de 7 kg/s entra a 3 MPa y 500°C
el interior del intercambiador.
en una turbina adiabática que opera en situación
6.41 Un flujo de vapor de agua a 0,7 MPa y 355°C entra a un estacionaria. A la salida la presión del vapor es 0,3 MPa.
calentador abierto de agua de alimentación que opera en Despreciando las variaciones de energía cinética y
estado estacionario. También entra al intercambiador un potencial.
flujo de agua a 0,7 MPa y 35°C. En el intercambiador se (a) Determínese la máxima potencia teórica que podría
produce la mezcla de ambas corrientes saliendo del mismo desarrollar la turbina, en kW, y la correspondiente
un único flujo de líquido saturado a 0,7 MPa. Determínese: temperatura de salida para el vapor, en °C.
(a) La relación entre los flujos másicos de las corrientes (b) Si el vapor de agua abandona la turbina a 240°C,
de entrada. determínese el rendimiento isoentrópico.
(b) La generación de entropía por kg de líquido saturado
6.46 La Fig. P6.46 muestra una válvula d«? estrangulación que
a la salida.
opera en paralelo con una turbina cuyo rendimiento
6.42 Un flujo de aire entra a 6 bar y 1.100 K en una turbina que isoentrópico es del 90%. Si ambos equipos funcionan simul
opera en estado estacionario, expandiéndose isoentrópi- táneamente en estado estacionario con los valores mostrados
Entropía 30
en la figura, calcúlese el flujo másico de vapor que 1
atraviesa
302 Entropía
la turbina y la potencia desarrollada por ésta. Localícense 6.50 El agua contenida en una presa entra al conducto de
los estados sobre un diagrama de Mollier. alimentación a una presión de 1,05 bar y una velocidad de 1
m/s, fluye a través de la turbina hid!áulica, y sale en un
punto situado 120m por debajo del punto de entrada a 1
bar, 15°C y 12 m/s. El diámetro de la tubería de salida es
de 2m y la aceleración local de la gravedad es 9,8 m/s2•
Calcúlese la máxima potencia que podría producir la
turbina en situación estacionaria.
Figura P6.2D
c
i 6.50 Se produce energía hidroeléctrica al fluir el agua
a represada, que desciende por un canal que alimenta a una
turbina hidráulica. Determínese para una caída de 235 m la
e mínima cantidad de agua requerida para producir la energía
l
é
c
t
r
i
c
a
d
e
1
2
5
M
W
.
304 Entropía
Bomba
Células fotovoltaicas
Turbina
generador
Cámara de
combustión
1
+2 02 Hp
Vapor
680° e,
80 bar
Bomba
Agua de refrigeración
Figura P6.30
Qe= (hA)e(Te-T'e)
QF= (hA)F(TF-T'F)
Figura
P6.40 donde h y A denotan, respectivamente, el coeficiente de
transferencia de calor y la superficie de intercambio, res
pectivamente. Si el ciclo se desarrolla sin irreversibilidades
6.80La Fig. P6.8D ilustra como causa típica de irrever sibilidad internas, su rendimiento será de Tl = 1 -T' F/T'e. Esta
en las plantas de potencia, la necesidad de una velocidad eficiencia tiene como límite superior Tlmáx = 1 - TF/Te•
apropiada de transferencia de calor con un tamaño finito que
de superficie de intercambio. Para ello, la temperatura T' e corresponde a la inexistencia adicional de
a la cual el sistema que desarrolla el ciclo recibe energía irreversibilidades
será inferior a la del foco caliente Te• y la temperatura externas : cuando Te = T' e y TF = T'
Y' F a la que el sistema cede energía será mayor que la del F.
foco frío TF· Las velocidades de transferencia de calor (a) Denotando por e el precio de la energía eléctrica
indicadas en la figura pueden ser descritas simplemente por kWh , demuéstrese que el valor de la
por electricidad producida por la planta será de
Entropí 305
a
donde
eTc
'Y =
--:-----:---
1 1 r-------
(hA) e+ (hA)
1
t
una operación totalmente reversible? Discútase.
(e) Para conseguir los ingresos por venta de energía
eléctrica $ , será necesario incurrir en varios tipos
de costes. Discuta y analice los más importantes
para una central termoeléctrica desde la Figura
perspectiva de toda su vida útil. P6.80
CAPÍTULO 7
ANÁLISIS EXERGÉTICO
En este capitulo se introduce un método que emplea los principios de conservación de
la masa y energía junto con el segundo principio de la Termodinámica para el diseño
y análisis de sistemas térmicos. A este método se le denomina análisis exergético.
Es evidente la importancia del desarrollo de sistemas térmicos que hagan un uso
efec· tivo de los recursos energéticos no renovables como petróleo, gas natural y
carbón. El método del análisis exergético es especialmente adecuado para conseguir un
uso de los recursos energéticos de la forma más eftciente, pues permite determinar la
localización , tipo y magnitud real de su despilfarro y pérdida. Esta información
puede utilizarse en el diseño de los sistemas térmicos y permite guiar los esfperzos
para reducir las fuentes de ineficiencia en los sistemas existentes.
30 Análisis exergético
8
7.1 INTRODUCCIÓN
1
1 1
1 1
(a) (b)
(e)
-- Tiempo
Cantidad de energía constante
Disminuye la utilidad potencial
7.2 EXERGÍA
7.2.1 Ambiente
Todo sistema, sea un componente de un sistema mayor como lo es una turbina de vapor
en una central térmica o un sistema complejo (la central térmica) en sí mismo, funciona
interactuando con entornos de alguna clase. Resulta importante distinguir entre el am
biente y el entorno o alrededores del sistema. El término entorno se utiliza en este libro
para referirse a todo aquello no incluido en el sistema. El término ambiente se aplica a
alguna porción del entorno en la cual las propiedades intensivas de cada una de sus fases
son uniformes y no cambian significativamente como resultado de cualquier proceso que
se considere. El ambiente se define como libre de irreversibilidades. Todas las irreversi
bilidades significativas estarán localizadas en el interior del sistema o en su entorno
inmediato. Las irreversibilidades internas son aquellas que se producen dentro del siste
ma. Las irreversibilidades externas se producen en su entorno inmediato. El ambiente y
el entorno inmediato de una central térmica se muestran en la Fig. 7.2.
El mundo físico es complicado, y la inclusión de cada detalle en nuestro análisis no
resulta práctico. Por ello, al describir el ambiente se realizan simplificacione s para
con cretar un modelo. La validez y utilidad de los análisis que emplean cualquier
modelo quedan, por supuesto, restringidas por las idealizaciones realizadas en su
formulación. En este libro el ambiente se defme como un sistema simple compresible
que es de dimen siones enormes y que se mantiene siempre a presión, p 0, y
temperatura, T0, uniformes.
De acuerdo con la idea de que el ambiente tiene mucho que ver con el mundo físico real ,
los valores de p0 y T0 utilizados para un análisis particular se seleccionarán a partir de las
310 Análisis exergético
Potencia 1
1
\
\
1Río u otra masa de agua :
' la parte que no interac
'' túa con la central puede
' ' incluirse en el ambiente
FIGURA 7.2 Esquema de una central térmica con ciclo de vapor y sus
alrededores.
condiciones ambientales típicas, como son 1 atm y 25°C. Aunque sus propiedades
intensivas no cambian , las propiedades extensivas del ambiente pueden modificarse
como resultado de la interacción con otros sistemas. Los cambios en las propiedades
extensivas, energía interna Ua, entropía Sa y volumen Va del ambiente están
relacionados a través de la primera ecuación T dS, Ec. 6.15. Como T0 y p0 son
constantes, ésta adoptará
la
forma
(7.1)
En este capítulo las energías cinética y potencial se evalúan con relación al ambiente,
para el cual se considera,por definición, que todas sus partes se encuentran en reposo con
respecto a cualquier otra. De acuerdo con esto, y como indica la ecuación anterior, un
cambio en la energía del ambiente solamente puede ser un cambio de su energía interna.
La Ec. 7.1se empleará más adelante para deducir una expresión que nos permita calcular
la exergía. En el Cap. 13el concepto de ambiente se ampliará para permitir la posibilidad
de reacciones químicas, las cuales han sido excluidas en las consideraciones realizadas
hasta ahora.
A continuación consideraremos el concepto de estado muerto, que es también
importante para completar la comprensión de la propiedad
exergía.
pareciendo por completo cuando alcancen el equilibrio uno con el otro. A este estado
particular del sistema se le denomina estado muerto. En el estado muerto, podemos ima
ginar que la cantidad fija de materia considerada se encuentra sellada por un envoltorio
impermeable al flujo de masa, en reposo con relación al ambiente, y en equilibrio interno
a la temperatura T0 y a la presión p0 del ambiente. En el estado muerto tanto el sistema
cerrado como el ambiente poseen energía, pero el valor de su exergía es cero ya que no
existe la posibilidad de que se produzca un cambio espontáneo en el sistema cerrado o
en el ambiente, y por tanto no puede existir interacción entre ellos.
Tras introducir los conceptos de ambiente y estado muerto, ya estamos en
condiciones
de asignar un valor numérico a la propiedad exergía, tal como se muestra a
continuación .
(7.2)
su frontera se localizará de tal modo que las únicas transferencia s de energía que
ocurran a través de ella sean en forma de trabajo. Esto nos asegurará que el trabajo
desarrollado pot el sistema combinado no se ve afectado por una transferencia externa
de calor. Por otra parte, aunque los volúmenes del sistema cerrado y del ambiente
puedan cambiar, la frontera del sistema combinado se localizará de tal modo que el
volumen del sistema combinado permanezca constante. Esto nos asegurará que el
trabajo desarrollado por el sistema combinado está disponible en su totalidad para
elevar una masa en su entorno, por ejemplo, y que no se invertirá en un mero
desplazamiento del entorno del sistema combinado.
El balance de energía para el sistema combinado se reduce a
(7.3)
(7.4)
(7.5)
(7.6)
(7.7)
El valor del término subrayado en la Ec. 7.7 está determinado por los dos estados
extre mos del sistema cerrado -el estado inicial y el estado muerto- y es
independiente de los detalles del proceso que los liga. Sin embargo, el valor del
término T0 crc dependerá de la naturaleza del proceso a través del cual el sistema
cerrado evoluciona hasta su
estado muerto. De acuerdo con el segundo principio, T0crc es positivo cuando se pre
sentan irreversibilidades y nulo en el caso límite en que no existan irreversibilidades. El
valor de T0 crc no puede ser negativo. En consecuencia, el valor máximo teórico para el
trabajo que puede producir el sistema combinado se obtiene haciendo T0 crc igual a
cero en la Ec. 7.7
Por defmición, la propiedad extensiva exergía, A, es este valor máximo. De acuerdo con
esto, podemos concluir que la Ec. 7.2 nos proporciona una expresión adecuada para el
cálculo de la exergía.
El valor de la exergía no puede ser negativo. Si el sistema cerrado se encuentra en un
estado distinto al estado muerto, el sistema podrá evolucionar espontáneamente hacia
el estado muerto; esta tendencia cesará cuando el sistema alcance dicho estado. No
se requerirá consumir ningún trabajo para llevar a cabo un proceso espontáneo como
este. Así pues, como para cualquier estado inicial del sistema cerrado cabe su
evolución espontánea hasta el estado muerto sin necesidad de consumir trabajo, el
trabajo máximo (exergía) no puede ser negativo.
La exergía por lo general no se conserva sino que se destruye a causa de las irrever
sibilidades. Un caso límite es aquel en que la exergía se destruye en su totalidad, como
ocurrirá si permitirnos que el sistema cerrado evolucione según un proceso espontáneo
hasta su estado muerto sin poner los medios para obtener trabajo en este proceso. El
potencial para producir trabajo que existiera inicialmente se desperdiciará por completo
en tal proceso espontáneo.
Análisis exergético 31
La propiedad exergía ha sido defmida hasta ahora como el trabajo teórico máximo3
que
puede obtenerse del sistema combinado formado por el sistema cerrado más el ambiente
31 Análisis exergético
4
al evolucionar el sistema cerrado desde un estado dado hasta su estado muerto interac
cionando sólo con el ambiente. De forma alternativa , la exergía también puede definirse
como el trabajo teórico mínimo que será necesario aportar para conseguir que el sistema
cerrado pase desde su estado muerto hasta un estado prefijado. Empleando los balances
de energía y entropía como antes, puede deducirse la Ec. 7.2 a partir de esta última
defmi ción.
(7.8)
o bien
Las unidades de la exergía específica son las mismas que las de la energía
específica.
Utilizando la Ec. 7.2, la variación de exergía entre dos estados de un sistema cerrado
puede determinarse por la diferencia
(7.10)
EJEMPLO 7.1
Dos kilogramos de agua sufren un proceso desde un estado inicial de vapor saturado a l20°C, velocidad de 30
m/s, y elevación de 6 m a un estado fmal de líquido saturado a 10°C, velocidad de 25 m/s, y elevación de 3 m.
Detennínense en kJ (a) la exergía en el estado inicial, (b) la exergía en el estado fmal, y (e) la variación de
exergía. Tómese T0= 25°C,
Po = 1atm y g = 9,8 m/s2
SOLUCIÓN
Conocido: Dos kilogramos de agua sufren un proceso entre dos estados
especificados. Se debe hallar: La exergía en los estados inicial y final y la variación
de exergía. Datos conocidos y diagramas:
30 m/s
.&
Líquido saturado
6m
----[>
T :e!)
a10° 25 mi,
3m
Figura E.7.1
eonsideraciones :
1. El agua es un sistema cerrado, con estados inicial y final de equilibrio.
2. Las velocidades y alturas se han medido con relación al ambiente.
3. T0= 25°C,p 0 = 1 atm, y g = 9,8 m/s•2
Análisis exergético 315
Análisis: La exergía en los estados inicial y fmal puede calcularse a partir de la siguiente expresión:
A = m [(u- u0) + p0(v- v0)- T0(s- s0) + C2(2 + gz]
H6 Análisis exergético
El cálculo de la exergía requiere conocer los valores del volumen específico, energía interna específica y
entropía específica del agua en su estado muerto. En el estado muerto, donde T0 = 25°C y p0 = l atm, el agua
es un líquido. Por tanto, con las Ecs. 3.11, 3.12 y 6.10 y los valores procedentes de la Tabla A-2, v0= 1,0029
x I0·3m3/kg, u0= 104,88 kJ/kg, s0 = 0,3674 kJ/kg·K.
(a} Para el agua como vapor saturado a 120°C, la Tabla A-2 nos proporcionap = 1,985 bar, v = 0,8919 m3/kg, u= 7529,3
kJ/kg, s = 7,1296 kJ/kg·K. Sustituyendo en la expresión anterior , se obtiene la exergía en el estado inicial
A1 = (2kg){ (2529,3-104,88) kJ
kg
3
+ [(1,013 X 1<2 ) (0,8919 1,0029 X 10- ) :;] (JO: m)
-(298 K) (7,1296-0,3674) k: K
+ (30 m/ s)
2 2
+ (9,8 mis ) (6 m) J 1 N ) ( 1 kJ )}
(
[ 3
2 1 kg·m / 10 N·m
2
s
= 2 (2424,42 + 90,25-2015,14 + 0,45 + 0,06)
= 1000,1 kJ
(b) Para el agua como líquido saturado a l0°C,p = 0,01228 bar, V= 1,0004 X 10'3m 3/kg, u= 42 kJ/kg, S= 0,151
kJ/kg·K.
La exergía en el estado final es A2 = 3,9 kJ.
(e) La variación de exergía en el sistema es deA 2 -A 1 = 3,9 - 1000,1 =
-996,2 kJ
El signo menos nos indica que la exergía del sistema ha disminuido en el proceso analizado.
Comentarios:
1. La exergía es una medida de la separación entre el estado de un sistema y su estado de equilibrio con el ambiente.
Para todos los estados A O. Esto es válido cuando T > T0 y p >/Jo como en el apartado (a) y cuando T < T0 y p
<Po
como en el apartado (b).
2. Las energías cinética y potencial del sistema medidas con relación al ambiente contribuyen a la exergía del sistema
en una magnitud igual a su valor total, pues en principio cada una de ellas puede convertirse íntegramente en
trabajo llevando el sistema a un estado de reposo y de elevación nula con relación al ambiente.
3. El cambio en la exergía del sistema puede detenninarse más fácilmente con la Ec. 7.1O. La Ec. 7.1O requiere
única mente los valores de las propiedades T0 y p 0 del ambiente. En el procedimiento aquí seguido también se
requieren los valores de u0, v0 y s0•
EJEMPLO
7.2
Un cilindro de un motor de combustión interna contiene 2450 cm3 de gases producidos en la combustión a una presión
de 7 bar y a una temperatura de 867°Cjusto antes de que se abra la válvula de escape. Calcúlese la exergía específica
del gas, en kJ/kg. Puede considerarse que.Ios términos de energía cinética y potencial son despreciables y que los
productos
de combustión son aire con comportamiento de gas ideal. Tómense T0 = 27°C y p 0 = 1
atm.
Análisis exergético 317
SOLUCIÓN
1 - - :-.-:.- :- - - :-.:- -. 7 .- -1
1" ..::::: . ••• . ....1
1 :.. . . ·1
1 :. . . . .1
1
: 2450 cm3 dé aire : . . 1
::: : a7 bar,867 ° C
,: .• • •
>:
: 1
Figura E.7.2
Consideraciones:
l. Los gases de combustión constituyen un sistema cerrado.
2. Los gases de combustión se consideran como aire con un comportamiento de gas ideal.
3. Se desprecian los términos de energía cinética y potencial.
4. T0 = 27°C y Po = 1 atm.
Los términos de energía interna y entropía pueden calcularse a partir de la información proporcionada en la Tabla A-16,
como sigue:
El ténnino p 0(v - v0) puede calcularse empleando la ecuación de estado de gas ideal: v = (RI M) Tlp y
v0 = (RI M) T01Po, resultando
= -38,75 kJ/kg
Sustituyendo valores en la expresión de la exergía
específica
a = 666, 8 + (-38,75) -258, 62
= 368,91 kJ/kg
Comentario: Si los gases se descargan directamente al entorno, su potencial de producir trabajo, cuantificado por la
exergía calculada, se desperdicia. Sin embargo, haciendo pasar los gases por una turbina podrá obtenerse algo de trabajo.
Este principio es el utilizado en los motores de combustión interna con turboalimentación.
E2 - E 1 = f <5Q- W
318 Análisis exergético
s,-s, =J.' (
0
i),+o
Análisis exergético 319
(7.11)
Como la Ec. 7,11 se ha obtenido por deducción a partir de los balances de energía y
entropía, no constituye un resultado independiente , pero puede utilizarse en lugar del
balance de entropía como una expresión alternativa del segundo principio .
Para unos estados inicial y fmal determinados y dados los valores de p0 y T0, la varia
ción de exergía A 2 -A1 en el primer miembro de la Ec. 7.11 puede calcularse a partir de
la Ec. 7.10. Sin embargo, los términos subrayados en el segundo miembro dependen
explícitamente de la naturaleza del proceso y_ , por tanto, no pueden determinarse
conociendo únicamente los estados inicial y fmal y los valores de p0 y T0. El primer
término subrayado en el segundo miembro de la Ec.7.11 está asociado con la transferen
cia de calor a, o desde, el sistema durante el proceso. Puede interpretarse como la
transferencia de exergía que acompaña al calor. Esto es,
Análisis exergético 319
El segundo término subrayado en el segundo miembro de la Ec. 7.11 está asociado con
el trabajo. Puede interpretarse como la transferencia de exergía que acompaña al
trabajo. Esto es
(7.14)
(7.16)
dA
(7.17)
dt
Análisis exergético 321
Como 1aislado debe ser positiva para todo proceso real, los únicos procesos que puede
experimentar un sistema aislado de acuerdo con el segundo principio serán aquellos en
los que la exergía del sistema aislado disminuya. Para la exergía, esta conclusión es la
contrapartida del principio de incremento de entropía (Sec. 6.4) y, como dicho principio,
es asimismo una expresión alternativa del segundo principio .
Para terminar nuestra introducción del concepto de balance de exergía, haremos
notar que la mayoría de los sistemas térmicos reciben suministros de exergía que
provienen directa o indirectamente de un consumo de combustibles fósiles o de otros
recursos ener géticos. De acuerdo con esto, las destrucciones y pérdidas de exergía
evitables represen tan un derroche de la utilidad potencial de dichos recursos
energéticos. La invención de procedimientos para reducir las fuentes de ineficiencia
permitirá un uso mejor de los combustibles. El balance de exergía puede utilizarse para
determinar la localización, tipo y magnitud del derroche de la utilidad potencial de los
recursos energéticos y por tanto puede jugar un papel importante en el desarrollo de
estrategias conducentes a un uso más racional de la energía.
valores de la exergía en los estados por los que pasa la pieza de metal, también las
transferencias de exergía que tienen lugar entre el metal y su entorno deberán
calcularse con relación al ambiente utilizado para definir la exergía. Los siguientes
párrafos propor cionan medios para conceptualizar las transferencias de exergía que
acompañan a los flu jos de calor y trabajo.
Considérese a continuación un sistema cerrado que desarrolla un proceso en el cual
tiene lugar una transferencia de calor Q a través de una porción de la frontera del
sistema donde la temperatura Tres constante y tal que Tr > T0. De acuerdo con la Ec.
7.12, la transferencia de exergía vendrá dada por
J=
Transferencia de exergía
[ que acompaña al calor
(1 _ TTof )Q (7.19
estudie mos las prestaciones de los frigoríficos y bombas de calor, equipos en los que
pueden ocurrir interc'!mbios de calor a temperaturas inferiores a la del ambiente.
Análisis exergético 32
3
PO
Concluiremos este análisis considerando un ejemplo simple que nos ayude a com
prender la forma que adopta la expresión que representa la transferencia de exergía
asociada a un intercambio de trabajo, Ec. 7.13. Considérese un sistema cerrado que
reali za el trabajo W mientras desarrolla un proceso adiabático en el que aumenta el
volumen del sistema: V2 >V1 • Aunque el sistema no tiene por qué interactuar
necesariamente con
el ambiente, la magnitud de la transferencia de exergía es evaluada como el máximo
trabajo que podría obtenerse cuando interactuaran sistema y ambiente. Como muestra
la Fig. 7.5, no todo el trabajo W realizado por el sistema durante el proceso resulta
utilizable a partir de un sistema combinado formado por el sistema más el ambiente
ya que una parte del mismo deberá emplearse en desplazar el ambiente, que ejerce
una presión uniforme, p0. Como el sistema debe realizar una cantidad de trabajo
sobre su entorno
igual a p0 (V2 -V 1), la máxima cantidad de trabajo que puede obtenerse del
sistema
combinado será
de
lo cual está de acuerdo con laJorma de la Ec. 7.13. Si no existiera una modificación del
volumen del sistema durante el'proceso, la transferencia de exergía que acompaña al
trabajo sería de la misma magnitud que éste, W.
7.3.3 Ejemplos
Análisis exergético 32
3
Algunas consideraciones adicionales acerca del balance de exergía y de los conceptos de
transferencia y destrucción de exergía se ilustran en los ejemplos siguientes.
324 Análisis
exergético
EJEMPLO 7.3
Una barra de metal cuya masa es de 0,8 lb y que se encuentra inicialmente a 1900 °R es sacada de un horno y
templada por inmersión en un tanque rígido que contiene 20 lb de agua, inicialmente a 530 °R. Ambas sustancias
pueden modelarse como incompresibles. Unos valores apropiados para el calor específico constante del agua y del
metal
mente,son,
de respectiva
c8 = 1,0 Btu/lb·R y cm= 0,1 Btu/lb· R.Puede despreciarse la transferencia de calor desde el tanque al
exterior. 0 0
= 77°F.
Determínese la exergía destruida, en Btu. Hágase T0
SOLUCIÓN .
Conocido: Una barra caliente de metal es enfriada por inmersión en un tanque que contiene agua.
Se debe hallar: La cantidad de exergía
destruida. Datos conocidos y diagramas: Ver la
Fig. E6.6 Consideraciones:
l. La barra de metal y el agua contenida en el tanque forman el sistema cerrado mostrado en la Fig. E6.6.
2. El sistema está aislado.
3. No existen variaciones significativas de energía cinética y potencial.
4. El agua y la barra de metal tienen U!} comportamiento incompresible y sus calores específicos son conocidos.
5. T0 = 77°F.
324 Análisis
exergético
.
Análisis exergético 325
Análisis: Tomando la barra de metal y el agua como un sistema cerrado, el balance de exergía se reduce a
o o
M SQ-(W-/a V)-1
Los términos indicados se anulan porque el sistema se encuentra aislado de acuerdo con la hipótesis 2. Así, el balance de
exergía resulta simplemente
1= - M
o o
= [LlU + p ,¿,- T0LlS] meta1 + [LlU + p K•V- T0LlS] agua
donde los términos de energía cinética y potencial se han despreciado de acuerdo con la hipótesis 3, e LlV =O porque el
agua y el metal tienen un comportamiento incompresible de acuerdo con la hipótesis 4.A partir del balance de energía
LlU1metal + LlU1agua = O, y por tanto la expresión anterior para M se reduce a
1 = To (Mlmetal + Mlagua)
El término entre paréntesis coincide con la entropía generada durante el proceso , el cual ha sido evaluado al resolver
el Ejemplo 6.6 como
eomentarios:
1. La energía del sistema aislado permanece constante en este proceso. Sin embargo, la exergía del sistema aislado dis
minuye. La disminución en la exergía del sistema tiene como causa la destrucción de exergía.
2. La irreversibilidad puede calcularse alternativamente empleando 1= T0 cr, donde el valor de la generación de entropía
se obtiene a partir del balance de entropía.
Análisis exergético
EJEMPLO 7.4
Un dispositivo cilindro-pistón contiene inicialmente agua en un estado de líquido saturado a 100°C. El agua sufre un
proceso en el que pasa al estado de vapor saturado, durante el cual el pistón desliza libremente en el cilindro. Para cada
uno de los procesos que se describen abajo, determínense por unidad de masa de agua: el cambio de exergía, la transfe
rencia de exergía asociada al trabajo, la transferencia de exergía que acompaña al calor y la irreversibilidad, todas ellas
en kJ/kg. Hágase T0 = 20°C, p0 = 1,014 bar.
(a) El cambio de estado se produce por calentamiento del agua en un proceso internamente reversible a presión y tem
peratura constantes.
(b) El cambio de estado se produce adiabáticamente mediante el concurso de un agitador de paletas.
SOLUCIÓN
Conocido: Agua líquida a 100°C sufre un proceso en el que pasa a su estado correspondiente de vapor saturado.
Se debe luúlllr: La variación de exergía, las transferencias de exergías asociadas a los flujos de calor y trabajo, y la
irreversibilidad para cada uno de los dos procesos especificados.
Datos conocidos y diagramas: Ver Figs. E6.2 y E6.3
Consideraciones:
l. Para el apartado (a), ver las consideraciones enunciadas en el Ejemplo 6.2. Para el apartado (b), ver las enunciadas
en el Ejemplo 6.3.
2. T0 = 20°C,p0 = 1,014 bar.
Análisis:
(a) El cambio en la exergía específica viene dado por
5 2 3
kJ (1,014 x 10 N/ m ) (1,672 m / kg)
!J.a = 2087 ,56-k + - (293,15 K) (6,048 kJ/ kg ·K)
g (103 N· m / kJ)
= 484 kJ/ kg
Utilizando ahora la expresión para el trabajo obtenida en la solución del Ejemplo 6.2, W/ m = pvfg• la
transferencia de exergía que acompaña al trabajo es
ransferencia de exergía J (V )
G _ -V
u
l :L-p
0
ue acompaña al trabajo m g f
= (p-po) vrg =O
Análisis exergético
Aunque el valor del trabajo no es cero, no existe transferencia de exergía asociada al mismo porque p = p0•
Análisis exergético 32
7
Empleando el valor calculado para el intercambio de calor en el Ejemplo 6.2, la transferencia de exergía que lo
acompaña en este proceso a temperatura constante es
Transferencia de exergía
[ que acompaña al calor
J ( I- T-m
T0)Q
293,15 K ) ( kJ )
= (l- 373,15 K 2257 kg
= 484 kJ/kg
El signo positivo nos indica que la transferencia de exergía tiene la misma dirección que la transferencia de calor.
Como el proceso se desarrolla sin irreversibilidades, la irreversibilidad 1será necesariamente nula. Esto puede
verificarse insertando las tres cantidades calculadas en el balance de exergía correspondiente al proceso analizado.
(b) Como los estados inicial y final coinciden con los del apartado (a), la variación de exergía para el agua será idéntica
.
Además como no existe intercambio de calor, no habrá transferencia de exergía asociada al calor. La transferencia
de exergía que acompaña al trabajo es
Transferencia de exergía J = w
[ que acompaña al -m -po (vg - v f )
trabajo
Con el valor para el trabajo neto calculado en el Ejemplo 6.3 y evaluando la variación en el volumen específico como
en el apartado (a)
J=
Transferencia de exergía
(1,5 014x )
l0 ( 1, 672)
El signo negativo nos indica que la transferencia neta de exergía que acompaña al trabajo se realiza hacia el
sistema.
Finalmente, la irreversibilidad podrá determinarse a partir del balance de exergía. Despejando la
irreversibilidad por unidad de masa
Los valores numéricos obtenidos pueden interpretarse como sigue: acompañando al flujo de trabajo se
transfieren al sistema 2.257 kJ/kg de exergía, de los cuales 1.773 kJ/kg son destruidos a causa de las
irreversibilidades, pro duciéndose un incremento neto en la exergía del sistema de sólo 484 kJ/kg.
Comentarios:
l. Este ejemplo nos muestra que el cambio de exergía durante un proceso está determinado únicamente por los estados
inicial y fmal, mientras que los valores correspondientes a las transferencias de exergía y a la irreversibilidad depen
den de la naturaleza del proceso.
2. El valor de la irreversibilidad calculado en el apartado (b) también podría haberse determinado utilizando 1/ m = T0
Análisis exergético 32
(cr/m), donde la entropía generada por unidad de masa, cr/m, podía obtenerse a partir de la solución del Ejemplo 6.3.7
328 Análisis exergético
EJEMPLO 7.5
Se produce una transferencia de calor de 5 kJ a través de la superficie interna de una pared. Las mediciones realizadas
durante una operación en estado estacionario revelan que las temperaturas son de T1 = 1.200 K y T2 = 600 K en las su
perficies interna y externa, respectivamente. Calcúlense en kJ (a) la cantidad de exergía que acompaña a los
flujos de calor que atraviesan las superficies interna y externa de la pared y (b) la irreversibilidad. Tómese T0 =
300 K.
SOLUCIÓN
Conocido: Se produce un proceso de transferencia de calor a través de un muro siendo conocidas las temperat uras
de las superficies interna y externa.
Se debe hallar: Las cantidades 9e las transferencias de exergía que acompañan a los flujos de calor en las superficies
interna y externa del muro y la irreversibilidad.
Frontera del :
sistema 1
1
1
1
Q,
Figura E.7.5
Consideraciones:
l. El sistema mostrado en la figura se encuentra en estado estacionario.
2. T0 = 300 K.
Análisis:
{a) En estado estacionario, las propiedades del sistema no cambian con el tiempo, y por tanto M = O. Como tampoco se
intercambia trabajo, el balance de energía se reducirá a Q1 = Q2 = 5 kJ. Las direcciones de estos intercambios de calor
se indican con las flechas de la figura.
Como la temperatura T1 es uniforme a lo largo y ancho de la superficie interna, la transferencia de exergía es
Transferencia de exergía1 T0 ) .
(1- T¡ Q l
por calor en la =
[
superficie interna
3
= (1- 12: ) (5 kJ) = 3,75 kJ
Análisis 329
exergético
Este valor es positivo, indicando que la transferencia de exergía tiene lugar en la misma dirección que la
transferencia de calor
La transferencia de exergía a través de la superficie externa es
Transferencia de exergía1
por calor en la =
[
superficie externa
3
= (1 - 12: ) (5 kJ) = 2,5 kJ
(b) La irreversibilidad puede ser determinada a partir del balance de exergía. En régimen estacionario, M = V=
O. No hay intercambio de trabajo. Por tanto:
Comentarios:
l. El término [1- (Toff 1)) Q, es el trabajo que podría obtenerse suministrando Q 1 a un ciclo de potencia reversible
que operara entre T1 y T0• Del mismo modo, [1- (Toff2)] Q2 es el trabajo que podría obtenerse suministrando Q2 a un
ciclo de potencia reversible que operara entre T2 y T0• La diferencia entre estos dos valores, la irreversibilidad/,
representa la pérdida irrevocable de capacidad de producir trabajo que conlleva este proceso espontáneo de
transferencia de
calor por conducción.
2. Aunque se transfiere idéntica cantidad de energía a través de las superficies interna y externa, la transferencia de
exer gía a través de la superficie externa es menor porque la diferencia de temperatura entre T2 y la temperatura
ambiente T0 es más pequeña que la diferencia entre T1 y T0.
3. Si la exergía que se transfiere a través de la pared interna proviene de la combustión de un combustible, el valor de
la irreversibilidad representa una pérdida de la utilidad potencial del combustible.
EJEMPLO
7.6
Durante su operación en estado estacionario, una caja de engranajes recibe 600 kW de trabajo a través del eje de
alta velocidad pero, debido a la fricción y otras irreversibilidades, sólo entrega 588 kW a tra.vés del eje de baja
velocidad. La caja de engranajes está refrigerada a través de su superficie externa de acuerdo con Q = -hA (Tr-
T0), donde h es el coeficiente de transferencia de calor, A es el área de la superficie externa, Tres la temperatura
uniforme de la superficie externa, y T0 es la temperatura uniforme de los alrededores alejados de la inmediata
vecindad de la caja de engranajes (la temperatura del ambiente). Determínese para la caja de engranajes y en kW
(a) la velocidad de transferencia de exergía que acompaña al calor, (b) la velocidad de transferencia de exergía
Análisis 329
que acompaña al trabajo, y (e) la irreversibilidad por unidad de tiempo. Tómese h = 0,17 kW/m 2·K, A=
exergético 2
1,8 m ,y
T0 = 293 K.
330 Análisis exergético
SOLUCIÓN
Conocido: Una caja de engranajes opera en estado estacionario siendo conocidas la potencia de entrada a través del eje
de alta velocidad y la potencia de salida a través del eje de baja velocidad. También se conoce una expresión que nos
permitirá calcular la velocidad de transferencia de calor al ambiente.
Se debe hallar: Las velocidades de transferencia de exergía que acompañan a los flujos de calor y trabajo así como la
irreversibilidad por unidad de tiempo.
Datos conocidos y diagramas: Ver la Fig. E6.5.
Consideraciones:
l. Ver la solución del Ejemplo
6.5.
2. r0 = 293
K.
Análisis
:
(a) Como la.temperatura Tr de la superficie externa de la caja de engranajes es uniforme con la posición y constante en
el tiempo
Transferencia de exergía1 ( T ) .
[ por unidad de tiempo = 1 - / Q
que acompaña al calor f
Transferencia de exergía1
- por unidad e tiempo
[
= (1 - )< -12 k W)
que acompana al calor
= -1,41 kW
i
(b) En condiciones de estado estacionario y sin variación de volumen
Transferencia de exergía1 .
o
[
por unidad de tiempo = W-p 0 d
t
que acompaña al trabajo
= W = -12 kW
El signo menos indica que existe una transferencia neta de exergía hacia el sistema acompañando a los flujos de tra
bajo: 600 kW entran a través del eje de alta velocidad y 588 kW salen a través del eje de baja velocidad .
(e) Para el sistema cerrado en estado estacionario, la expresión del balance de exergía se reduce a
To) · ( · d¡)o ·
0
fdA/_ (
- W -PoJt -/
Despejando i y sustituyendo valores
330 Análisis exergético
= 1- Tr Q
Comentarios:
1• El análisis realizado puede resumirse mediante el siguiente balance contable realizado con las magnitudes de exergía
por unidad de úempo.
La diferencia entre ambos totales es igual a la velocidad de destrucción de exergía: 10,59 kW.
2. La transferencia de exergía al entorno que acompaña al calor tiene una uúlidad potencial. Por ejemplo, podría
refrige rarse la carcasa de la caja de engranajes con una camisa por la que fluyera agua y emplearse luego de
alguna fonna el agua así calentada. Cuando no resulte práctico un uso posterior de dicha transferencia de exergía
que acompaña al calor, deberá contabilizarse como una pérdida de exergía a cargar contra la eficiencia del
sistema.
l
transferencia de exergía que acompaña al trabajo de flujo:
Transferencia de exergía
por unidad de [tiempo que (7.20)
acompaña al trabajo de
flujo
332 Análisis exergético
,.---------
Frontera del ,; ''
1
._ volumen de ---
control
1 Región s
La cantidad fija de
......,1-1---- materia considerada .... ,.
se muestra sombreada
(a) (b)
FIGURA 7.6 Ilustración utilizada para introducir el concepto de exergfa de flujo. (a) Tiempo t. (b)
Tiem pot+t.t.
Vamos a desarrollar la Ec. 7.20 para el caso mostrado en la Fig. 7.6.La figura
muestra un sistema cerrado que ocupa regiones diferentes en el instante t y en un
instante posterior t + ill. Durante el intervalo de tiempo l:!t parte de la masa
contenida inicialmente en la región etiquetada como volumen de control sale para
rellenar una pequeña región del espacio adyacente al volumen de control, tal como se
muestra en la Fig. 7.6b. Asumire mos que el incremento de volumen del sistema
cerrado en el intervalo de tiempo l:!t es igual al volumen de la región s y, para
mayor simplicidad , que el único trabajo intercambiado es el asociado a la
variación de volumen. De acuerdo con la Ec. 7.13, la transferencia de exergía que
acompaña al trabajo es
donde !:!V es la variación experimentada por el volumen del sistema. Dicha variación es
igual al volumen de la región s. Por tanto, podemos escribir !:!V = ms vs , donde m5 es
la masa contenida en la región s y vs su volumen específico, el cual se supondrá
uniforme a
lo largo y ancho de dicha región. A partir de esta expresión para !:!V, la Ec. 7.21 puede
escribirse como
332 Análisis exergético
Transferencia de exergíal
[que acompaña al trabajo = W-ms (Po s)
(7.22)
Análisis exergético 333
Transferencia de exergíal
por unidad de tiempo = lim
(7.23)
[ t::..t o
que acompaña al trabajo
En el límite cuando 11t se aproxima a cero, las fronteras del sistema cerrado y del
volumen de control coinciden. De acuerdo con esto, en el límite la velocidad de
transferencia de energía por trabajo desde el sistema cerrado es también la velocidad de
transferencia de energía por trabajo desde el volumen de control. Para el caso analizado
el único trabajo intercambiado por el volumen de control es el trabajo de flujo. Por tanto,
el primer térmi no del segundo miembro de la Ec. 7.23 puede escribirse como
(7.24)
donde ms es el flujo másico por unidad de tiempo que abandona el volumen de control.
En el límite cuando l1t se aproxima a cero, el segundo término del segundo miembro de
la Ec. 7.23 puede escribirse como
(7.25)
Transferencia de exergía l
por unidad de tiempo que = ms (ps Vs) - ms (7.26)
(PoV s)
[
acompaña al trabajo de flujo
Transferencia de energía
] =me (7.27)
por unidad de tiempo
que [
acompaña al flujo de masa
Transferencia de exergía
=ma (7.28)
] por unidad de tiempo
que
[
acompaña al flujo de masa
(7.30)
Análisis exergético 335
La exergía de flujo específica puede escribirse de una forma más conveniente para los
cálculos introduciendo e = u + C2/2 + gz en la Ec. 7.30 y simplificando, para
obtener
(7.31)
l. Nota de los traductore s: No existe todavía una unificación de ténninos y nomenclatura en las cues
tiones relacionadas con la exergía. Así, en el original, los autores llaman disponibilidad a la función
a, llamando a b disponibilidad deflujo, exergía deflujo o simplemente exergía. En la traducción ,
siguien do una práctica más frecuente, se ha optado por llamar exergía a la función a, reservando
para b el nombre de exergía deflujo .
33 Análisis exergético
6
balance para sistemas cerrados, Ec. 7.17, contabilizando también las transferencias de
exergía que acompañan a los flujos de masa y trabajos de flujo en las entradas y salidas.
El resultado es
(7.32)
Esta ecuación establece que la velocidad con que se transfiere la exergía hacia el
volumen de control debe ser mayor que la velocidad con que transfiere la exergía desde
el mismo, siendo la diferencia igual a la velocidad con que se destruye la exergía
dentro del volumen de control a causa de las irreversibilidades.
Análisis exergético 337
(7.34)
(7.35)
Los siguientes ejemplos muestran la forma de utilizar los balances de materia, energía
y exergía para el análisis de volúmenes de control en estado estacionario . El manejo
adecuado de las tablas de datos termodinámicos también juega un papel importante a la
hora de alcanzar las soluciones. Cuando la irreversibilidad ive deba ser calculada, podrá
hacerse a través del balance de exergía o a partir de Ívc = T0 crvc , donde av e es la
velo
cidad de generación de entropía que puede determinarse a partir del balance de entropía.
El segundo de estos procedimientos requiere normalmente menos esfuerzo de cálculo de
propiedades.
EJEMPLO 7.7
Un flujo de calor sobrecalentado a 30 bar y 280°C entra a una válvula saliendo a una presión de 5bar tras sufrir un
proceso de estrangulación. Detennínense las exergías de flujo específicas a la entrada y a la salida así como la
irreversibilidad,
todas ellas en kJ/kg. Hágase T0 = 25°C, p0 = 1atm.
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor de agua sufre un proceso de estrangulación al atravesar una válvula siendo conocido el estado de
entrada y la presión de salida.
Análisis exergético 337
Se debe hallar: La exergía de flujo específica del vapor de agua a la entrada y a la salida de la válvula y la
irreversibilidad por unidad de masa.
338 Análisis exergético
r--- ----,
1
1
1
1
1
1
1
1
1
1
1 _J1
1L _ 2
¡ 1
1
1 Vapor 5 bar --t-í>
---+-{> 30 bar
1 2soo e 1
1
1
Figura E.7.7
Consideraciones:
l. El volumen de control mostrado en la figura opera en situación
estacionaria .
o o
2. Para el proceso de estrangulación, Qvc = Wvc = O, y las variaciones de energía cinética y potencial pueden
despre-
ciarse.
3. T0 = 25°C y Po =
1atm.
Análisis: El estado a la entrada está especificado. El estado a la salida puede calcularse por reducción del balance de
energía para
obtener
Por tanto, el estado a la salida queda determinado por p2 y - A partir de la Tabla A-4, h1 = 2941,3 k:J/kg, s 1 = 6,4462
kJ/kg·K. Interpolando a una presión de 5 bar con = h1, la entropía específica a la salida es s2 = 7,2333 k:J/kg·K.
Eva luando h0 y s0 para el líquido saturado a T0, Tabla A-2, nos da h0 = 104,88 kJ/kg, s0 = 0,3674 k:J/kg·K.
Desprecíando C2/2 y gz, la exergía de flujo específica se obtiene a partir de la Ec. 7.31 como
b = h- h0 - T0 (s- s0)
y a la
salida b2 = (2941,3- 104,88)- 298 (7,2333- 0,3674) = 790,4 k:J/kg
338 Análisis exergético
Con las hipótesis planteadas, la expresión de velocidad del balance de exergía, Ec. 7,34, se reduce a
Análisis exergético 33
9
Sustituyendo valores
Comentarios
:
l. La energía se conserva en un proceso de estrangulación, pero la exergía se destruye. La causa de la destrucción de
exergía es la expansión incontrolada que tiene
lugar.
2. Como h 1 = h2 la expresión para la irreversibilidad desarrollada en la solución se reduce a
Con esta expresión, la irreversibilidad puede determinarse conociendo solamente T0 y las entropías específicas s1 y
s2• La ecuación anterior puede obtenerse alternativamente a partir de la relación ivc = TiJvc• calculando el valor
de la velocidad de producción de entropía óve mediante el balance de entropía.
EJEMPLO 7.8
Un flujo de vapor de agua entra a una turbina con una presión de 30 bar, una temperatura de 400°C, y una velocidad de
160 m/s. El vapor sale saturado a l00°C, y a una velocidad de 100 m/s. En estado estacionario, la turbina produce 540
kJ de trabajo por cada kilogramo de vapor que la atraviesa. La transferencia de calor entre la turbina y el entorno ocurre
a una temperatura media de la superficie externa igual a 500 K. Determínese la irreversibilidad por unidad de masa de
vapor que atraviesa la turbina, en kJ/kg. Despréciese la variación de energía potencial entre la entrada y la salida. Hágase
T0 = 25°C y Po = 1
atm.
SOLUCIÓN
Conocido: El vapor de agua se expande a través de una turbina siendo conocidas las condiciones de la operación en
estado estacionario.
Se debe halüu: La irreversibilidad por unidad de masa de vapor que atraviesa la turbina.
donde Tf es la temperatura media de la parte de frontera a través de la cual se desarrolla el intercambio de calor.
La cantidad Qvclrñ ha sido calculada en la solución del Ejemplo 6.7, a partir de los balances de materia y energía
para estado estacionario: Qvclrñ = -22,6 kJ/kg. El término Wvclrñ está dado en 540 kJ/kg. La diferencia de exergía
de flujo específica entre la entrada y la salida puede calcularse con la Ec. 7.35 como
donde se ha despreciado el término de energía potencial de acuerdo con la hipótesis 3. A partir de la Tabla A-4, h1 =
3230,9 kJ/kg, s1 = 6,9212 kJ/kg·K. A partir de la Tabla A-2, h2 = 2676,1 kJ/kg, s2 = 7,3549 kJ/kg·K. En consecuencia
(160) 2 ( 100)2 ]
b ¡-b2 = (3230,9 -2676,1)-298(6,9212-7 ,3549)+ 3
[ 2 (10 )
= 691,84 kJ/kg
/
mve = ( 298 )
1- < -22,6) -540 + 691,84
500
= -9,13-540 + 691,84 = 142,71 kJ/ kg
Comentarios:
l. Los valores de las exergías determinados en la resolución del problema pueden resumirse como sigue
Exergía neta suministrada a la turbina:
h¡- b2 = 691,84 kJ/kg
Utilización de la exergía
suministrada:
2. La irreversibilidad puede determinarse alternativamente empleando ive = ToCJvc, donde ave es la velocidad de
gen eración de entropía deducida a partir del balance de entropía. La solución del Ejemplo 6.7 nos daba que
crvJm = 0,4789 kJ/kg ·K
Análisis 341
exergético
EJEMPLO 7.9
Detennínese la irreversibilidad para el calentador de mezcla del Ejemplo 4.6, en kJ por kg de liquido a la salida. Hágase
T0 = 25°C,Po = 1atm.
SOLUCIÓN
Conocido: En un calentador de mezcla entra agua líquida a T 1 = 40°C y p 1 = 7 bar además de vapor de agua a T2 =
200°C y p2 = 7 bar. A la salida se obtiene un flujo de agua líquida saturada a una presión de p3 = 7 bar.
Se debe hallar: La irreversibilidad en el calentador de mezcla por kg de agua líquida que sale del mismo.
Las relaciones entre los flujos de masa requeridos por la expresión anterior pueden deducirse a partir del balance de
materia
Los valores de entropía específica pueden obtenerse de las tablas para el agua. Con s 1 = sr (T1),la Tabla A-2 nos da
s 1 = 0,5725 kJ/kg·K . A partir de la Tabla A-3, s3 = 1,9922 kJ/kg·K. La Tabla A-4 nos proporciona s2 = 6,8865 kJ/kg·K .
Sustituyendo valores
Finalmente , la irreversibilidad
será
: = T,( :) = (298 K) (0,1721 kJ/kg ·K)
= 51,29 kJ/kg
Comentario: La evaluación de la irreversibilidad ivc a partir de la generación de entropía crvc requiere, normalmente,
un menor esfuerzo de estimación de propiedades y de cálculo que el necesario para resolver el balance de exergía. Se
deja como ejercicio la resolución de este problema por este segundo procedimiento.
r:----
(7.36)
(7.37)
La Ec. 7.36 nos indica que la energía transportada por el flujo de calor, Qf, es utiliza
da, Qu , o perdida en los alrededores, Qp. Esto puede ser descrito por una eficiencia
energética que relacione los flujos de energía según el concepto productos/recursos para
dar
(7.38)
Moran- 16
Análisis exergético 34
3
2
·Elcálculo de la eficiencia tennodinámica implica el uso del concepto de cxergía, por eso en su apli
cación práctica se ha optado por la denominación eficiencia exergética.
344 Análisis exergético
(1- T 0/ Tu)
(7.40)
E = 11 (1- To!Tf)
E 1 (100%)
cuando Tu T1
t
Generación de vapor de proceso
Acondicionamiento de aire
1000 K
1500 K
1800 °A
2700 °A
Tu
FIGURA 7.8 Efecto de la temperatura de uso,Tu,en la eficiencia exergética E (Tf = 2200 K,T] =
100%).
EJEMPLO
7.10
Las medidas realizadas durante la operación en estado estacionario de un secador manual de pelo indican que el aire sale
del mismo a una temperatura de 83°C y con una velocidad de 9,1 rn/s a través de una superficie frontal de 18,7 crn2• El
aire penetra al secador a una temperatura de 22°C y a una presión de 1 bar con una velocidad de 3,7 rn/s. No se observa
un cambio significativo de presión entre la entrada y la salida. Tampoco se produce una transferencia notable de calor
entre el secador y su entorno, y desde luego pueden despreciarse las variaciones de energía potencial. Para el secador de
pelo (a) calcúlese la potencia consumida Wvc en kW y (b) defínase y evalúese su eficiencia exergética. Tómese T0
=
22°C
.
SOLUCIÓN
Análisis 345
exergético
Conocido: Se conocen los estados del aire a la entrada y a la salida de un secador manual de
pelo.
T2 = 83° e
p2= 1 bar
Aire e2 = 9,1 m/s
r, = 22° e A2 = 18,7 cm2
p1 = 1 bar
1
e, = 3,7 m/s
1
1
'/
/
(
1
1
1
1
1
1
'1
1
1
1
Figura E.7.10
Consideraciones:
l. El volumen de control mostrado en la figura opera en estado estacionario con Qvc = O, siendo despreciable la va-
riación de energía potencial entre la entrada y la salida.
2. No existe un cambio significativo de presión entre la entrada y la salida.
3. El aire se comporta como gas ideal.
4. T0 = 22°C.
Análisis:
(a) La potencia consumida Wvc por el volumen decontrol de la figura pueqe evaluarse a partir de los balances de materia
y energía. En estado estacionario, el balance de materia se reduce a m 1 = m2 = m. Utilizando esta relación entre
los flujos de materia junto con la hipótesis 1, la expresión general del balance de energía para estado estacionario
puede simplificarse para dar:
A2C2
m=
A2C2P2
m=
RT 2
Análisis exergético 347
Sustituyendo valores
18,7 cm2 J( m )( 5N )
[(100 cm/m) 2 9 1
'
s 10
m2
m=-----------= 0,0167 kg/ s
8314 N ·m ) ( K)
(28,97 kg ·K 356
Entonces, con los valores de la entalpía específica tomados de la Tabla A-16, h 1 = 295,2 kJ/kg y = 356,5
kJ/kg, puede calcularse Wve como sigue:
2
2( 1N ) ( 1 kJ )
. _ kg [ kJ kJ (3,7 m/s) - (9,1 m /
s)
Wvc - 0,0167- 295,2k-- 356,5k + ---
S g g 2 2
1 kg ·m/ s 3
10 N ·m
El signo menos nos recuerda que se requiere un consumo de potencia eléctrica para accionar el secador de pelo. Tam
bién se constata que la variación de energía cinética entre la entrada y la salida es despreciable por lo cual no será
tenida en cuenta a continuación .
(b) Como Qvc = O y m 1 = m 2, la expresión general del balance de exergía para estado estacionario se reduce a la
siguiente
Reorganizando términos
El primer miembro de esta ecuación representa el consumo de exergía del secador de pelo. Esta ecuación nos muestra
que dicho consumo se empleará en parte para incrementar la exergía del flujo de aire destruyéndose la parte restante
a causa de las irreversibilidades presentes en el interior del secador. De acuerdo con esto, una definición coherente
de la eficiencia exergética viene dada por el cociente entre el incremento de exergía de flujo experimentado por el
aire y la potencia eléctrica consumida. Esto es
E=
Análisis exergético 347
348
Introduciendo la expresión de Wve obtenida a partir del balance de energía y empleando la Ec. 7.35 para evaluar el
incremento en la exergía de flujo
Como no existe un cambio significativo de la presión entre la entrada y la salida (hipótesis 2), s2 - s1 = s -
sf,
donde sf y s se obtienen a partir de la Tabla A-16 utilizando T1 y T2, respectivamente, resultando sf =
1,685 kJ/kg·K , s = 1,874 kJ/kg·K. En consecuencia
55,76 kJ/kg .
1
= - 61,3 kJ/kg = 0•09 (9%)
Comentario: En este dispositivo se consume un recurso con una elevada utilidad potencial (la potencia eléctrica)
para obtener una corriente de aire ligeramente caliente. El bajo valor obtenido para la eficiencia nos indica que el
recurso uti lizado y el uso final no están bien integrados.
Turbinas, compresores y bombas. Para una turbina en estado estacionario que no inter
cambia calor con su entorno, la expresión del balance de exergía, Ec. 7.34, se reduce a
348
Análisis exergético 34
9
(7.42)
Por tanto, la exergía consumida por el dispositivo, Wvclni, es utilizada en parte para
incrementar la exergía de flujo entre la entrada y la salida, siendo destruida la parte
restante a causa de las irreversibilidades internas. La efectividad en la conversión del
trabajo consumido para incrementar de la exergía de flujo viene medida por
b2 - b¡ (7.43)
E=----
(-Wvclni)
o o
Análisis exergético 34
9
r.------------ ,
Corriente
2 L l
r,
caliente
me
Corriente
fría
mr FIGURA 7.9 lntercambiador a contracorriente.
(7.44)
(7.45)
(7.46)
35 Análisis exergético
0
El primer miembro de la Ec. 7.46 representa la disminución de exergía experimentada
por la corriente caliente entre la entrada y la salida. El primer término del segundo
miembro contabiliza el incremento de exergía de la corriente fría entre la entrada y la
Análisis exergético 351
Corriente fría
(7.47)
7.6.3 Conclusión
El concepto de eficiencia termodinámica es útil para distinguir los métodos de uso de
los recursos energéticos que son termodinámicamente efectivos de aquellos otros que
lo son en menor grado. Las eficiencias exergéticas pueden emplearse también para
determinar la efectividad de los posibles proyectos técnicos destinados a mejorar las
prestaciones de los sistemas térmicos. Esto se realizará comparando los valores de la
eficiencia antes y después de que la modificación propuesta se lleve a cabo para
mostrar el grado de mejora que se ha conseguido. Además , las eficiencias
exergéticas pueden emplearse también para evaluar el potencial de mejora en las
prestaciones de un sistema térmico dado, por comparación de la eficiencia del
sistema con la eficiencia de sistemas parecidos. Una diferencia significativa entre
dichos valores nos indicará cuando puede conseguirse una mejora de prestaciones .
·
Es importante reconocer que el límite del 100% para la eficiencia exergética no debe
contemplarse como un objetivo práctico. Este límite teórico únicamente se obtendría
si no hubieran destrucciones o pérdidas de exergía. Para conseguir procesos tan
ideales necesitaríamos tiempos de operación exf!emadamente largos y dispositivos
muy grandes o complicados , siendo ambos factores incompatibles con el objetivo de
Análisis exergético 351
una operación rentable. En la práctica, las decisiones deben tomarse normalmente
sobre la base de los
352 Análisis exergético
PROBLEMAS
vacío y el otro contiene nitrógeno a 600 lePa y 80°C. Se abre
la válvula y el nitrógeno se expande rellenando todo el volu
men. Finalmente se alcanza el equilibrio.
7.1 Escnoase una definición de exergía. ¿Es posible que la
exergía sea negativa? Razónese.
7.2 Determínese la exergía en kJ, de los siguientes siste
mas (T0 = 20°C, p 0 = 1
bar):
(a) 10kg de agua, p = 1 bar, T = 5°C.
(b ) 2 kg de vapor de agua, p = 6 MPa, T = 450°C.
(e) 1 kg de aire, gas ideal, p = 7,5 MPa, T = 475°C.
(d) 1kg de vapor de agua saturado a 100°C.
(e) 1 kg de agua líquida saturada a 100°C.
(t) 3 kg de R12, p = 1,4 MPa, T = 90°C.
(g) 1 kg de R12, p = 1 bar, T = -10°C.
(h) 1 kg de hielo (agua sólida saturada) a 0°C.
7.3 Un gas ideal se guarda en una vasija cerrada de volu
men V a presión p y temperatura T.Dedúzcase una expresión
para la exergía del gas en términos de V,p,p0, T,T0, eP y R.
Simplifíquese dicha expresión para los casos particulares en
que T = T0 y p =
p0•
7.4 Muéstrese que la exergía asociada con un espacio
vacío de volumen V está dada por p 0V,donde Po es la
presión del ambiente de referencia.
7.5 Un volante de inercia con un momento de inercia de
160 lb·ft2 rota a 3.000 r.p.m. Cuando se frena el volante, su
energía cinética rotacional se transfiere íntegramente como
energía interna al dispositivo de frenado. La masa de éste es
de 5 lb y puede ser considerado como un sólido incompre
sible de calor específico e= 1Btu/lb·R. No existe una trans
ferencia significativa de calor a los alrededores. (a) Deter
mínese la temperatura fmal del dispositivo de frenado si su
temperatura inicial es 60°F. (b) Determínese la máxima
velocidad de rotación que podría devolverse al volante de
inercia al utilizar la energía acumulada en el dispositivo de
frenado.Tómese T0 =
60°F.
7.6 Se calienta aire, inicialmente a 2 bar y 27°C, a presión
constante hasta una temperatura fmal de 227°C, en un pro
ceso internamente reversible. Determínense los intercam
bios de calor, trabajo y exergía durante el proceso, para 1 kg
de aire. Tómese T0 = 280 K y Po = 1
bar.
7.7 Un tanque de paredes rígidas y adiabáticas tiene dos
compartimientos, de 1 m3 cada uno, separados entre sí por
una válvula. Inicialmente uno de los compartimientos está
T0 =
2rc.
(a) Determínense la temperatura y presión finales del (a) Dispositivo al que se le suministra una potencia
nitrógeno. eléctrica de 10 kW y que a su vez cede energía por
(b) Evalúese la irreversibilidad del proceso transferencia de calor a través de un lugar de su
(Tómese T0 = superficie a 327°C. No hay ningún otro intercambio
de energía.
20°C}.
(b) Dispositivo que recibe energía por transferencia de
7.8 Dos bloques sólidos, ambos de masa m y calor calor a través de un lugar de su superficie a 327°C.
especí fico e, a temperaturas iniciales T1 y T1, El dispositivo produce 10 kW de electricidad. No
respectivamente, se ponen en contacto térmico, estando hay ningún otro intercambio de energía.
aisladas las otras super ficies externas, hasta que
alcanzan el equilibrio. Obténgase una expresión de la 7.11 Una cantidad de arre inicialmente a 300 K y 1 bar
exergía destruida en términos de m, e,T 1 y T2, y la experimenta los dos tipos de interacción descritos abajo. En
temperatura del ambiente, T0• Demuéstres e que la ambos casos el aire alcanza un estado donde la temperatura
exergía destruida no puede ser negativa. es 500 K, permaneciendo su volumen constante. Las varia
ciones de energía cinética y potencial son despreciables.
7.9 Un kilogramo de R134a se comprime Para cada caso, determínese la irreversibilidad por unidad de
adiabáticamente desde un estado de vapor saturado a masa de aire presente, en kJ/kg. Cdrnéntese la diferencia
-10°C hasta un estado fmal en que la temperatura es entre los valores de la irreversibilidad obtenidos. Hágase
50°C y la presión es 8 bar. T0 = 300 K y Po = 1
Calcúlese el trabajo y la irreversibilidad. Tómese T0 =
atm.
20°C
(a) El incremento de temperatura se produce adiabá
y p0 =
ticamente agitando el aire con una rueda de paletas.
1bar.
(b) El incremento de temperatura se consigue por
7.1 O Determínese cuál de los siguientes dispositivos puede transferencia de calor desde un foco térmico a 600 K.
operar de la forma indicada en estado estacionario. La temperatura del aire en el lugar donde se produce
Tómese la transferencia de calor es de 600 K.
35 Análisis exergético
4
relación al ambiente de referencia en el cual la temperatura (a) La relación de flujos másicos,en kg de aire por kg
es T0 y la presión p0• Determínese el máximo trabajo de. vapor.
teórico, por unidad de masa de gas fluyente, que podría (b) La disminución de la exergía de flujo para el agua,en
obtenerse en un volumen de control con una entrada (el kJ/kg.
gas) y una salida (el gas en su estado muerto), que (e) El incremento de la exergfa de flujo para el aire, en
funcionara en estado esta cionario e intercambiando calor kJ/kg.
sólo con el ambiente a temperatura T0• Discútase el (d) La irreversibilidad, en kJ por kg de vapor.
resultado obtenido. Tómese T0 = 300 K, Po= 1 bar y considérese que
7.21 En una turbina que opera en estado estacionario entra vapor el
a una presión de 30 bar, una temperatura de 400°C y una intercambiador no cede calor al
velocidad de 160 m/s. El vapor sale de la turbina satura do a ambiente.
100°C y con una velocidad de 100 m/s. Existe una pér dida 7.25 Un flujo de oxígeno entra a una tobera a 3,8 MPa,
de energía por transferencia de calor de la turbina al 387°C y 1O m/s. A la salida de la tobera las condiciones
ambiente a razón de 30 kJ/kg. La temperatura superficial son de 150k.Pa , 37°C y 750 m/s. Tómese T0 = 20°C y p 0 =
media de la turbina es de 400 K. Para la turbina , determíne 1 atm.
se, en kJ/kg de vapor (considérese T0 = 22°C y p0 = (a) Para un volumen de control que incluye la tobera,
0,1 determínese la transferencia de calor, en kJ por kg
MPa): de oxígeno fluyente. ¿Qué información adicional
(a) El trabajo desarrollado. sería necesaria para calcular la irreversibilidad?.
(b) La magnitud y dirección de la transferencia de (b) Para un volumen de control que incluya la tobera y
exergía que acompaña al flujo de calor. una porción de sus alrededores inmediatos de modo
(e) La irreversibilidad. que la transferencia de calor ocurra a temperatura
T0, calcúlese la irreversibilidad , en kJ por kg de
La turbina de vapor está instalada en una industria donde
oxígeno fluyente.
la temperatura ambiente es de 27°C. Respóndase a los
aparta dos anteriores considerando ahora como sistema 7.26Se dispone de vapor a 3 MPa y 700°C en un punto de una
uno que incluye a la turbina y una porción de sus planta industrial. En otro punto se requiere vapor a 2
alrededores tal que en su superficie externa la MPa y 400°C. Un ingeniero sugiere estrangular el primero
transferencia de calor indicada ocurre a 27°C. hasta 2 MPa y luego enfriarlo a 400°C por transferencia de
Compárense los resultados obtenidos. calor a los alrededores, que están a 20°C.
7.22 Un compresor adiabático de aire opera en estado (a) Evalúese esta sugerencia mediante un análisis exer
estacionario . El aire entra a 1,4 bar, l7°C y 70 rn/s, gético.
aban donando el compresor a 4,2 bar, 147°C y 110 rn/s. (b) Suponiendo que el coste de la exergía es de 8 pts./
Deter mínese el trabajo requerido por el compresor y la kWh valórese esta alternativa para un flujo másico
irreversibilidad por kg de aire comprimido. Exprésese la de 1kg/s.
(e) Sugiéranse otros métodos alternativos con mayor
irreversibilidad como un porcentaje de la potencia
eficiencia exergética ¿Qué consideraciones econó
consumi da por el compresor. Tómense T0 = 280°C y p0 =
micas deberían hacerse para seleccionar la mejor
1 bar.
al ternativa?
7.23 Un compresor rodeado por una camisa de agua y que
funciona en régimen estacionario toma un flujo Tómese
volumétrico T0
= 20°C, Po = O,1 MPa.
de 9 m3/min de aire a 20°C y 100 k.Pa descargándolo a
500 k.Pa y 160°C. El agua de refrigeración entra a la
camisa a 15°C y 100 k.Pa con un flujo másico de 10
kg/min , saliendo a 25°C y prácticamente a la misma
presión de entrada. Determínese la potencia consumida
por el compresor y la irreversibilidad en kW.
7.24 Un intercambiador a contracorriente opera en estado misma presión . El fluido frío es aire que entra a 300 K y
estacionario. El fluido caliente es agua que entra como 1 bar saliendo a 335 K con una pérdida despreciable de
vapor saturado a 1 bar y sale como líquido saturado a la presión. Calcúlese:
Figura P7.27
eléctrica consume una potencia de 0,1 kW. Si el sistema 2,1 y 4,2 kJ/kg·K, respectivamente. Ninguno experimenta
funciona en régimen estacionario, una pérdida significativa de presión a su paso por el
(a) Determínese la irreversibilidad, en kW. intercambiador. El fuel se enfría desde 440 hasta 320 K,
(b) Defínase y calcúlese la eficiencia exergética de este mientras que el agua se calienta desde 290 K hasta la tem
proceso. peratura T.Los flujos másicos son de 800 y 3.200 kg/h,
Tómese T0 = 60°F,p0 = 1 atm res pectivamente. La transferencia de calor del
7.28Determínese la eficiencia termodinám ica de los equi pos intercambiador a su entorno es despreciable. Calcúlese:
analizados en los problemas 7.11 y 7.21 a 7.25. (a) La temperatura T,en K.
(b) La irreversibilidad, en kl/h.
7.29Un flujo de gas argón entra en una turbina adiabática a
(e) La eficiencia
1.000°C y 2 MPa, saliendo a 350 kPa. El flujo másico de
exergética. Tómese T0 = 17°C,
gas es de 0,5 kg/s y la turbina desarrolla una potencia de
Po = 1 atm.
120 kW. Determínese (T0 = 20°C, p0 = 1 bar):
7.32En la caldera de una central térmica el agua fluye a través
(a) La temperatura del argón a la salida, en °C.
de sus tubos a 0,8 MPa, calentándose de 150 a 240°C . Los
(b) La irreversibilidad, en kW.
gases de combustión pasan sobre los tubos enfriándose
(e) La eficiencia exergética.
desde 1.067 hasta 547°C en un proceso a presión constante.
7.30Un compresor toma 1 kg/s de aire a 1 bar y 25°C Estos pueden modelarse como si fueran un gas ideal de la
comprimiéndolo hasta 8 bar y 160°C. La transferencia de misma composición que el aire. No existe una transferencia
calor a su..entomo es de 100 kW. de calor significativa entre la caldera y su entorno.
(a) Calcúlese la potencia consumida, en kW. Asumien do la condición de régimen estacionario y nulas
(b) Defínase y evalúese la eficiencia exergética. las variacio nes de energía cinética y potencial, determínese:
7.31En un intercambiador a contracorriente fluyen en con ductos (a) La cantidad de vapor producido por kilogramo de
separados fuel y agua. Ambos líquidos pueden con gases de combustión.
(b) La irreversibilidad, en kJ por kg de vapor producido.
siderarse incompresibles con calor específico constante de
(e) La eficiencia exergética del proceso.
Tómese T0 =25°C, Po = 1 atm.
7.1O Se están considerando cuatro opciones para proveer cionado y reñigeración. ¿Cuál sería el coste de esta energía
refrigeración instantánea a un sistema de máquinas por si el supermercado estuviera ubicado en su ciudad? Si el
medio de aire comprimido. Estas consisten en la expansión consumo fuera atendido por aerogeneradores, determine el
de aire comprimido a 22°C hasta la presión atmosférica a número mínimo teórico de ellos y el real, partiendo de un
través de (a) una válvula de estrangulación, (b) una tobera, determinado tipo y de los datos apropiados de velocidad del
(e) una turbina, (d) un tubo vórtice. El tubo vórtice es un viento. ¿Recomendaría el uso de aerogeneradores para esta
dispositivo sin piezas mecánicas móviles que convierte un aplicación? Discútase .
flujo de entrada de aire comprimido en dos flujos de aire,
uno frío y otro caliente. La tabla siguiente proporciona los 7.30 Un dispositivo compuesto por un tubo venturi y un
datos suministrados por un fabricante para el tubo vórtice ciclón se emplea para limpiar un flujo de gas nitrógeno de
las partículas contaminantes que lo acompañan. La Fig.
adecuado para la aplicación analizada. Evalúense crítica
P7.3D muestra un esquema y los datos de operación. Si el
mente estas opciones y prepárese un memorándum que
coste de inversión es de 106 pts. y el dispositivo funciona
resu ma sus recomendaciones.
60 horas por semana, determínense los costes de
7.20 Un supermercado consume anualmente 2·106 kWh de amortización y operación del dispositivo, suponiendo una
energía eléctrica para iluminación, calefacción, aire acondi- vida útil de cinco años.
Análisis exergético 357
359
Apéndice 361
Fuentes: Adaptado de lnternational Critica/ Tables y L. C. Nelson y E.F. Obert, Generalized Com-
pressibility Charts, Chem. Eng., 61: 203 (1954).
362 Apéndice
TABLA A-2 Propiedades del agua saturada (líq uido-vapor): Tahla de temperaturas.
Temp. Presión Líquido Vapor Líquido Vapor Líquido Vapori- Vapor Líquido Vapor Temp.
oc bar sat.
3
sat. sat. sat. sat. zación sat. sat. sat. oc
V¡X 10 Vg U¡ Ug h¡ h¡g hg S¡ Sg
o
N
I
.01 0.00611 1.0002 206.136 0.00 2375.3 0.01 2501.3 2501.4 0.0000 9.1562 .01
4 0.00813 1.0001 157.232 16.77 2380.9 16.78 2491.9 2508.7 0.0610· 9.0514 4
5 0.00872 1.0001 147.120 20.97 2382.3 20.98 2489.6 2510.6 0.0761 ?·W57 5
6 0.00935 1.0001 137.734 25.19 2383.6 25.20 2487.2 2512.4 0.0912 9.0003 6
8 0.01072' 1.0002 120.917 33.59 2386.4 33.60 2482.5 2516.1 0.1212 8.9501 8
10 0.01228 1.0004 106.379 42.00 2389.2 42.01 2477.7 2519.8 0.1510 8.9008 10
JI 0.01312 1.0004 99. 57 46.20 2390.5 46.20 2475.4 2521.6 0.1658 8.8765 11
12 0.01402 1.0005 93.784 50.4 1 2391.9 50.41 2473.0 2523.4 0.1806 8.8524 12
13 0.01497 1.0007 88.124 54.60 2393.3 54.60 2470.7 2525.3 0.1953 8.8285 13
14 O.OLW8 1.0008 82.848 58.79 2394.7 58.80 2468.3 2527.1 0.2099 8.8048 14
15 0.01705 1.()()()9 77.926 62.99 2396.1 62.99 2465.9 2528.9 0.2245 8.7814 15
16 0.01818 1.00JI 73.333 67.18 2397.4 67.19 2463.6 2530.8 0.2390 8.7582 16
17 0.01938 1.0012 69.044 71.38 2398.8 71.38 2461.2 2532.6 0.2535 8.7351 17
18 0.02064 1.0014 65.038 75.57 2400.2 1
75.58 2458.8 2534.4 0.2679 8.7123' 18
19 0.02198 1.0016 61.293 79.76 2401.6 79.77 2456.5 2536.2 0.2823 8.6897 19
20 0.02339 1.0018 57.791 83.95 2402.9 83.96 2454.1 2538.1 0.2966 8.6672 20
21 0.02487 1.0020 54.514 88.14 2404.3 88.14 2451.8 2539.9 0.3109 8.6450 21
22 0.02645 1.0022 51.447 92.32 2405.7 92.33 2449.4 2541.7 0.3251 8.6229 22
23 0.02810 1.0024 48.574 96.51 2407.0 96.52 2447.0 2543.5 0.3393 8.6011 23
24 0.02985 1.0027 45.883 100.70 2408.4 100.70 2444.7 2545.4 0.3534 8.5794 24
25 0.03169 1.0029 43.360 104.88 2409.8 104.89 2442.3 2547.2 0.3674 8.5580 25
26 0.03363 1.0032 40.994 109.06 241 1.1 109.07 2439.9 2549.0 0.3814 8.5367 26
27 0.03567 1.0035 38.774 113.25 24 12.5 113.25 2437.6 2550.8 0.3954 8.5156 27
28 0.03782 1.0037 36.690 117.42 2413.9 117.43 2435.2 2552.6 0.4093 8.4946 28
29 0.04008 1.0040 34.733 121.60 2415.2 121.61 2432.8 2554.5 0.4231 8.4739 29
30 0.04246 1 .0043 32.894 125.78 2416.6 125.79 2430.5 2556.3 0.4369 8.4533 30
31 0.044% 1.0046 3 J. 165 129.96 2418.0 129.97 2428.1 2558.1 0.4507 8.4329 , 31
32 0.04759 1 .0050 29.540 134.14 2419.3 134.15 2425.7 2559.9 0.4644 8.4127 32
33 0.05034 1 .0053 28.011 138.32 2420.7 138.33 2423.4 2561.7 0.4781 8.3927 33
34 0.05324 1.0056 26.571 142.50 2422.0 142.50 2421.0 2563.5 0.4917 8.3728 34
35 0.05628 1.0060 25.216 146.67 2423.4 146.68 2418.6 2565.3 0.5053 8.3531 35
36 0.05947 1.0063 23.940 150.85 2424.7 150.86 2416.2 2567.1 0.5188 8.3336 36
38 0.06632 1.0071 21.602 159.20 2427.4 159.21 2411.5 2570.7 0.5458 8.2950 38
40 0.07384 1.0078 19.523 167.56 2430.1 167.57 2406.7 2574.3 0.5725 8.2570 40
45 0.09593 1.0099 15.258 188.44 2436.8 188.45 2394.8 2583.2 0.6387 8.1648 45
Apéndic e 363
95
100
110
-- .8
1 .014
1.433
455 1.0397
1.0435
1.0516
1.982
1.673
1.210
397.88
418.94
461.14
2500.6
2506.5
2518. 1
397.96
419.04
461.30
2270.2
2257.0
2230.2
2668 .1
2676. 1
2691.5
1.2500
1.3069
1.4185
7.4159
7.3549
7.2387
95
1 00
1 10
120 1.985 1.0603 0.89 19 503.50 2529.3 503.71 2202.6 2706.3 1.5276 7.1296 120
130 2.701 1.0697 0.6685 546.02 2539.9 546.31 o 2 174.2 2720.5 1.6344 7.0269 130
140 3.613 1.0797 0.5089 588.74 2550.0 589. 13 2 144.7 2733.9 1.7391 6.9299 140
150 ' 4.758 1.0905 0.3928 631.68 2559.5 632.20 2 114.3 2746.5 1.8418 6.8379 150
160 6.178 1.1020 0.307 1 674.86 2568.4 675.55 2082.6 2758.1 1.9427 6.7502 160
170 7.917 1.1143 0.2428 7 18.33 2576.5 719.21 2049.5 2768.7 2.0419 6.6663 170
180 10.02 1.1274 0. 194 1 762.09 2583.7 763.22 20 15.0 2778.2 2.1396 6.5857 180
190 12.54 1.1414 0.1565 806.19 2590.0 807.62 1978.8 2786.4 o 2 .2359 6.5079 190
200 15.54 1.1565 0.1274 850.65 2595.3 852.45 1940.7 2793.2 2.3309 6.4323 200
210 19.06 1.1726 0. 1044 895.53 2599.5 897.76 1900.7 1 2798.5 2.4248 6.3585 210
220 23. 18 1.1900 0.086!9 940.87 2602.4 943.62 1858.5 2802. 1 2.5178 6.2861 220
230 27.95 1.2088 0.07 158 986.74 2603.9 990.12 181 3.8 2804.0 2 .6099 6.2146 230
240 33.44 1.2291 0.05976 1033.2 2604.0 1037.3 1766.5 2803.8 2.7015 6.1437 240
250 39.73 1.2512 0.050 13 1080.4 2602.4 1085.4 1716.2 2801 .5 2.7927 6.0730 250
260 46.88 1.2755 0.0422 1 1128.4 2599.0 1134.4 1662.5 27 6.6 2.8838 6.00 19 260
270 54.99 1.3023 0.03564 1177.4 2593.7 1184.5 1605.2 2789 .7 2.9751 5.930 1 270
280 64.12 1.3321 0.03017 1227.5 2586. 1 1236.0 1543.6 2779.6 3.0668 5.857 1 280
290 74.36 1.3656 0.02557 1278.9 2576.0 1289. 1 1477.1 2766.2 3.1594 5.782 1 290
300 85.81 1.4036 0.02167 1332.0 2563.0 1344.0 1404.9 2749.0 3.2534 5.7045 300
320 112.7 1.4988 0.01549 1444.6 2525.5 1461.5 1238.6 2700.1 3.4480 5.5362 320
340 145.9 1.6379 0.01080 1570.3 2464.6 1594.2 1027.9 2622.0 3.6594 5.3357 340
360 186.5 1.8925 0.006945 1725.2 2351 .5 1760.5 720.5 248 1.0 3.9147 5.0526 360
374.14 220.9 3. 155 0.003 155 2029.6 2029.6 2099.3 o. 2099.3 4.4298 4.4298 374. 14
Fuente: Las tablas A-2 a A-5 se han adaptado de K.Wark, Thermodynamics,4th ed., McGraw-Hill , New York, 1983, extraído de J.H.
Keenan, F.G. Keyes, P.G.Hill y J.G. Moore, Steam Tables, Wi1ey, New York, 1969
364 Apéndice
TABLA A-3 Propiedades del agua sat urada (líqu ido-vapor): Tabla de presione .
Presión Temp. Líquido Vapor Líquido Vapor Líquido Vapori- Vapor Líquido Vapor Presión
bar sat. sat. sat. sat. sat. zación sat. sat. sat. bar
o V¡X loJ Vg U¡ Ug h¡ h¡g hg S¡ Sg
N
::¡:
0.04 28.96 1.0040 34.800 121.45 2415.2 121.46 2432.9 2554.4 0.4226 8.4746 0.04
0.06 36.16 1.0064 23.739 151.53 2425.0 151.53 2415.9 2567.4 0.5210 8.3304 0.06
0.08 41.51 1.0084 18.103 173.87 2432.2 173.88 2403.1 2577.0 0.59...2. 6 8.22ª-? 0.08
0.10 45.81 1.0i02 14.674 191.82 2437 .9 191.83 2392.8 2584.7 8.1502 0.10
0.20 60.06 1.0172 7.649 251.38 2456.7 251.40 2358.3 2609.7 0.8320 7.9085 0.20
1
0.30 69.10 {.0223 5.229 289.20 2468.4 289.23 2336.1 2625.3 0.9439 7.7686 0.30
0.40 75.87 1.0265 3.993 317.53 2477.0 317.58 2319.2 2636.8 1.0259 7.6700 0.40
0.50 81.33 1.0300 3.240 340.44 2483.9 340.49 2305.4 2645 .9 1.0910 7.5939 0.50
0.60 85.94 1.0331 2.732 359.79 2489.6 359.86 2293.6 2653.5 1.1453 7.5320 0.60
0.70 89.95 1.0360 2.365 376.63 2494.5 376.70 2283.3 2660.0 1.1919 7.4797 0.70
0.80 93.50 1.0380 2.087 391.58 2498.8 391.66 2274.1 2665.8 1.2329 7.4346 0.80
0.90 96.71 1.0410 1.869 405.06 2502.6 405. 15 2265.7 2670.9 1.2695 7.3949 0.90
1.00 99.63 1.0432 1 .694 417.36 2506.1 417.46 2258.0 2675.5 1.3026 7.3594 1.00
1.50 111.4 1 .159 466.94 2519.7 467.11 2226.5 2693.6 1.4336 7.2233 1.50
2.00 120.2 1 .0605 0.8857 504.49 2529.5 504.70 2201.9 2706.7 1.5301 7.1271 2.00
2.50 127.4 1 .0672 0.7187 535.10 2537.2 535.37 2181.5 2716.9 1.6072 7.0527 2.50
3.00 133.6 1.0732 r- 0._8
"1 561.15 2543.6 561.47 2163.8 2725.3 1.67 18 6.9919 3.00
3.50 138.9 1.0786 0.5243 583.95 2546.9 584.33 2148.1 2732.4 1.7275 6.9405 3.50
4.00 143.6 1 .0836 0.4625 604.31 2553.6 604.74 2133.8 2738.6 1.7766 6.8959 4.00
4.50 147.9 1 .0882 0.4140 622.25 2557.6 623.25 2120.7 2743.9 1.8207 6.8565 4.50
5.00 151.9 1.0926 0.3749 639.68 2561.2 640.23 2108 .5 2748.7 1.8607 6.8212 5.,0
6.00 158.9 1.1006 0.3157 669.90 2567.4 670.56 2086.3 2756.8 1.9312 6.7600 06.00
7.00 165.0 1.1080 0.2729 696.44 2572.5 697.22 2066.3 2763.5 1 .9922 6.7080 7.00
8.00 170.4 1.1148 0.2404 720.22 2576.8 721.11 2048.0 2769.1 2.0462 6.6628 8.00
9.00 175.4 1.1212 0.2150 741.83 2580.5 742.83 2031.1 2773.9 2.0946 6.6226 9.00
10.0 179.9 1.1273 0.1944/ 2583.6 762.81 2015.3 2778.1 2.1387 6.5863 10.0
15.0 198.3 1.1539 0.1318
7
-
843.16 2594.5 844.84 1947.3 2792.2 2.3150 6.4448 15.0
20.0 212.4 1.1767 0.09963 906.44 2600.3 908.79 1890.7 2799.5 2.4474 6.3409 20.0
25.0 224.0 1.1973 0.07998 959.11 2603.1 962.11 1841.0 2803.1 2.5547 6.2575 25.0
30.0 233.9 1.2165 0.06668 1004.8 2604.1 1008.4 1795.7 2804.2 2.6457 6.1869 30.0
35.0 242.6 1 .2347 0.05707 1045.4 2603.7 1049.8 ·1753.7 2803.4 2.7253 6.1253 35.0
40.0 250.4 1.2522 0.04978 1082.3 2602.3 1087.3 1714.1 2801.4 2.7964 6.0701 40.0
45.0 257.5 1.2692 0.04406 1116.2 2600.1 1121.9 1676.4 2798.3 2.8610 6.0199 45.0
50.0 264.0 1.2859 0.03944 1147.8 2597.1 1154.2 1640.1 2794.3 2.9202 5.9734 50.0
60.0 275.6 1.3187 0.03244 1205.4 2589.7 1213.4 1571.0 2784.3 3.0267 5.8892 60.0
70.0 285.9 1.3513 0.02737 1257.6 2580.5 1267.0 1505. 1 2772.1 3.1211 5.8133 70.0
80.0 295.1 1.3842 0.02352 1305.6 2569.8 1316.6 1441.3 2758.0 3.2068 .:5.7432 80.0
90.0 303.4 1.4178 0.02048 1350.5 1363.3 1378.9 2742.1 3.2858 5.6772 90.0 ,
100. 311.1 1.4524 0.01803 1393.0 1407.6 1317.1 2724.7 3.3596 5.6141 100.
110. 318.2 22529.8
55
--
1.4886 0.01599 1433.7 1450.1 1255.5 2705.6 3.4295 5.5527 110.
Apéndice 365
120. 324.8 1.5267 0.01426 1473.0 2513.7 1491.3 1193.6 2684.9 3.4962 5.4924 120.
130. 330.9 1.5671 0.01278 1511.1 2496.1 1531.5 1130.7 2662.2 3.5606 5.4323 130.
140. 336.8 1.6107 0.01149 1548.6 2476.8 1571.1 1066.5 2637.6 3.6232 5.3717 140.
150. 342.2 .1.6581 0.01034 1585.6 2455.5 1610.5 1000.0 26.10.5 3.6848 5.3098 150.
160. 347.4 1.7107 0.009306 1622.7 2431.7 1650.1 930.6 2580.6 3.7461 5.2455 160.
170. 352.4 1.7702 0.008364 1660.2 2405.0 2547.2 3.8079 5.1777 170.
180. 357.1 1.8397 0.007489 1698.9 2374.3 2.0 777.1 2509.1 3.8715 5.1044 180.
190. 361.5 1.9243 0.006657 1739.9 .2338.1 1776.5 688.0 2464.5 3.9388 5.0228 190.
200. 365.8 2.036 0.005834 1785.6 2293.0 1826.3 583.4 2409.7 4.0139 4.9269 200.
220.9 374.1 3.155 0.003155 2029.6 2029.6 2099.3 2099.3 4.4298 4.4298 220.9
'
366 Apéndio
T V u h S V u h S
oc m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg ·K m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg ·K
p = 0.06 bar = 0.006 MPa p = 0.35 bar = 0.035 MPa
(Tsal = 36.16°C) (Tsat = 72.69°C)
o N Sat. 23.739 2425.0 2567.4 8.3304 4.526 2473.0 2631.4 7.7158
::t: 80 27.132 2487.3 2650.1 8.5804 4.625 2483.7 2645.6 7.7564
120 30.219 2544.7 2726.0 8.7840 5.163 2542.4 2723.1 . 7.9644
160 33.302 2602.7 2802.5 8.9693 5.696 2601.2 2800.6 8.1519
200 36.383 2661.4 2879.7 9.1398 6.228 2660.4 2878.4 8.3237
240 39.462 272LO 2957.8 9.2982 6.758 2720.3 2956.8 8.4828
280 42.540 2781.5 3036.8 9.4464 7.287 2780.9 3036.0 8.6314
320 45.618 2843.0 3116.7 9.5859 7.815 2842 .5 3116.1 8.7712
360 48.696 2905.5 3197.7 9.7180 8.344 2905.1 3197.l 8.9034
400 '51.774 2969.0 3279.6 9.8435 8.872 2968.6 3279.2 9.0291
440• 54.851 3033.5 3362.6 9.9633 9.400 3033.2 3362.2 9.1490
500 59.467 3132.3 3489.1 10."1336 10.192 3132.1 3488.8 9.3194
180 0.4045 2609.7 2812.0 6.9656 0.2847 2599.8 2799.1 6.7880 ::z:::
T V u h S V u h S
oc m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg ·K m3/kg kJ/ kg kJ/kg kJ/kg ·K
o
(Tsat =
250 4°C) . (Tsat =
275.64°C)
N
:z:: Sat. 0.04978 2602.3 2801.4 6.0701 0.03244 2589 .7 2784.3 5.8892
280 0.05546 2680.0 290 1.8 6.2568 0.03317 2605.2 2804.2 5.9252
320 0.06199 2767.4 3015.4 6.4553 0.03876 2720.0 2952.6 6.1846
360 0.06788 2845.7 3117.2 6.6215 0.04331 2811.2 3071.1 6.3782
400 0.07341 2919.9 3213.6 6.7690 0.04739 2892.9 3177.2 6.5408
440 0.07872 2992.2 3307.1 6.9041 0.05122 2970.0 3277.3 6.6853
500 0.08643 3099.5 3445.3 7.0901 0.05665 3082.2 3422.2 6.8803
540 0.09145 3171.1 3536.9 7.2056 0.06015 3156.1 3517.0 6.9999
600 0.09885 3279.1 3674.4 7.3688 0.06525 3266.9 3658.4 7.1677
640 0.1037 3351.8 3766.6 7.4720 0.06859 3341.0 3752.6 7.2731
700 0.1110 3462.1 3905.9 7.6198 0.07352 3453.1 3894.1 7.4234
740 0.1157 3536.6 3999.6 7.7141 0.07677 3528.3 3989.2 7.5 190
TABLAA-4 (Continuación)
T V u h S V u h S
oc m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg ·K m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg · K
p = 160 bar = 16.0 MPa p = 180 bar = 18.0 MPa
(Tsal = 347 .44°C) (Tsal = 357.06°C)
Sat. 0.00931 2431.7 2580.6 5.2455 0.00749
2374.3 2509.1 5.1044 o
N
360 0.01105 2539.0 2715.8 5.4614 0.00809
2418.9 2564.5 5.1922 l:
400 0.01426 2719.4 2947 .6 5.8175 0.01190
2672.8 2887.0 5.6887
440 0.01652 2839.4 3103.7 6.0429 0.01414
2808.2 3062.8 5.9428
480 0.01842 2939.7 3234.4 6.2215 0.012915.9 3203.2 6.1345
520 0.02013 3031.1 3353.3 6.3752 0.01757
3011.8 3378.0 6.2960
560 0.02172 3117.8 3465.4 6.5132 0.01904
3101.7 3444.4 6.4392
600 0.02323 3201.8 3573.5 6.6399 0.02042
3188.0 3555.6 6.569&
640 0.02467 3284.2 3678.9 6.7580 0.02174
3272.3 3663.6 6.6905
700 0.02674 3406.0 3833.9 6.9224 0.02362
3396.3 3821.5 6.8580
740 0.02808 3486.7 3935 .9 7.0251 0.02483
3478.0 3925.0 6.9623
Temp. Presión Sólido Vapor Sólido Sublim. Vapor Sólido Sublim. Vapor Sólido Sublim. Vapor
oc kPa sat. sat. sat. sat. sat. sat. sat. ' sat.
vh x 10
3 Vg uh Uhg Ug hh hhg hg sh Shg sg
.01 .6113 1.0908 206 .1 -333.40 2708.7 2375.3 -333.40 2834.8 2501.4 -1.221 10.378 9.1"56
o .6108 1.0908 206.3 -333.43 2708.8 2375.3 -333.43 2834.8 2501.3 -1.221 10.378 9.157
. -2 .5176 1.0904 241.7 . -337.62 2710.2 2372.6 -337.62 2835 .3 2497.7 -1.237 10.456 9.219
-4 .4375 1.0901 283.8 -341.78 2711.6 2369.8 -341.78 2835 .7 2494.0 -1.253 10.536 9.283
-6 .3689 1.0898 334.2 -345.91 2712.9 2367.0 -345.91 2836.2 2490.3 -1.268 10.616 9.348
-8 .3102 1.0894 394.4 350.02 2714.2 2364.2 -350.02 2836.6 2486.6 -1.284 10.698 9.414
-10 .2602 1.0891 466 .7 -354:09 2715.5 2361.4 -354.09 2837.0 2482 .9 -1.299 10.781 9.481
-12 .2176 1.0888 553.7 -358.14 2716.8 2358.7 -358.14 2837.3 2479.2 -1.315 10.865 9.550
-14 .1815 1.0884 658.8 - 62.15 2718.0 2355.9 -362.15 '!837.6 2475.5 -1.331 10.950 9.619
-16 .1510 1.0881 786 .0 -366.14 2719.2 2353.1 -366.14 2g37 .9 2471.8 -1.346 11.036 9.690
-18 .1252 1.0878 940.5 -370.10 2720.4 2350.3 -370. 10 2838.2 2468.1 -1.362 11.123 9.762
-20 .1035 1.0874 1128.6 -374.03 2721.6 2347.5 -374.03 2838.4 2464 .3 -1.377 11.212 9.835
-22 .0853 1.0871 1358.4 -377.93 2722.7 2344.7 -377.93 ?838.6 2460.6 -1.393 11.302 9.909
-24 .0701 1.0868 1640.1 -381.80 2723.7 2342.0 -381.80 2838.7 2456.9 -1 .408 11.394 9.985
-26 .0574 1.0864 1986.4 -385.64 2724.8 2339.2 -385.64 2838.9 2453.2 -1.424 1 1.486 10.062
-28 .0469 1.0861 2413 .7 -389.45 2725.8 2336.4 .. -389.45 2839.0 2449 .5 -1.439 11.580 10.141
-30 .0381 .. 1.0858 2943 . -393.23 2726.8 2333.6 -393.23 2839.0 2445 .8 -1.455 11.676 10.221
-32 .0309 1.0854 3600. -396.98 2727..8 2330.8 -396.98 2839.1 2442 .1 -1.471 11.773 10.303
-34 .0250 1.0851 4419. -400.71 2728.7 2328.0 -400.71 2839. 1 2438 .4 -1.486 11.872 10.386
-36 .0201 1.0848 5444. -404.40 2729.6 2325.2 -404 .40 2839. 1 2434 .7 -1.501 11.972 10.470
-38 .0161 1.0844 673 1. -408.06 2730.5 2322.4 -408.06 2839.0 2430.9 -1.5 17 12.073 10.556
-40 .0129 1.0841 8354. -411.70 273 1.3 2 319.6 -411.70 2838.9 2427.2 -1.532 12. 176 10.644 J
--
Fuente: J.H. Keenen , F.G. Keyes, P.G . Hill y J.G. Moore, Steam Tables, Wiley, New York,
1978.
H 20
-
<.)
'1
372 Apéndice
TABLA A-7 Propi edades del Refrigerante 12 saturado (líquído-vapor ): Tabla de temperaturas.
Temp. Presión Líquido Vapor Líquido Vapor Líquido 1 Vapori- Vapor Líquido Vapor Temp.
oc bar sat. sat. sat. sat. sat. 1 zación sat. . sat. sat. oc
V¡X loJ Vg U¡ Ug h¡ h¡g hg S¡ Sg
-40 0.6417 0.6595 0.24191 -0.04 154.07 0.00 169.59 169.59 0,0000 0.7274 -40
-35 0.8071 0.6656 0.19540 4.37 156.13 4.42 167.48 171.90 0.0187 0.7219 -35
-30 1.0041 0.6720 0.15938 8.79 158.20 8.86 165.33 174.20 0.0371 0.7170 -30
-28 1.0927 0.6746 0.14728 10.58 159.02 10.65 164.46 175.11 0.0444 0.7153 -28
N
,.... -26 1.1872 0.6773 0.13628 12.35 159.84 12.43 163.59 176.02 0.0517 0.7135 -26
ci: -25 1.2368 0.6786 0.13117 13.25 160.26 13.33 163.15 176.48 0.0552 0.7126 -25
-24 1.2880 0.6800 0.12628 14.13 160.67 14.22 162.71 176.93 0.0589 0.7119 -24
-22 1.3953 0.6827 0.11717 15.92 161.48 16.02 161.82 177.83 0.0660 0.7103 -22
-20 1.5093 0.6855 0.10885 17.72 162.31 17.82 160.92' 178.74 0.0731 0.7087 -20
-18 1.6304 0.6883 0.10124 19.51 -163.12 19.62 160.01 179.63 0.0802 0.7073 -18
-15 1.8260 0.6926 0.09102 22.20 164.35 22.33 158.64 180.97 0.0906 0.7051· -15
-10 2.1912 0.7000 0.07665 26.72 166.39 26.87 156.31 183.19 0.1080 0.7019 -10
-5 2.6096 0.7078 0.06496 31.27 168.42 31.45 153.93 185.37 0.1251 0.6991 -5
o 3.0861 0.7159 0.05539 35.83 170.44 36.05 151.48 187.53 0.1420 0.6965 o
4 3.5124 0.7227 0.04895 39.51 172.04 39.76 149.47 189.23 0.1553 0.6946 4
8 3.9815 0.7297 0.04340 43.21 173.63 43.50 147.41 190.91 0.1686 0.6929 8
12 4.4962 0.7370 0.03860 46.93 175.20 47.26 145.30 192.56 0.1817 0.6913 12
16 5.0591 0.7446 0.03442 50.67 176.78 51.05 143.14 194.19 0.1948 0.6898 16
20 5.6729 0.7525 0.03078 54.44 178.32 54.87 140.91 195.78 0.2078 0.6884 20
24 6.3405 0.7607 0.02759 58.25 179.85 58.73 138.61 197.34 0.2207 0.6871 24
26 6.6954 0.7650 0.02614 60.17 180.61 60.68 137.44 198.11 0.2271 0.6865 26
28 7.0648 0.7694 0.02478 62.09 181.36 62.63 136.24 198.87 0.2335 0.6859 28
30 7.4490 0.7739 0.02351 64.01 182.11 64.59 135.03 199.62 0.2400 0.6853 30
32 7.8485 0.7785 0.02231 65.96 182.85 66.57 133.79 200.36 0.2463 0.6847 32
34 8.2636 0.7832 0.02118 67.90 183.59 68.55 132.53 201.09 0.2527 0.6842 34
36 8.6948 0.7880 0.02012 69.86 184.31 70.55 131.25 201.80 0.2591 0.6836 36
38 9.1423 0.7929 0.01912 71.84 185.03 72.56 129.94 202.51 0.2655 0.6831 38
40 9.6065 0.7980 0.01817 73.82 185.74 74.59 128.61 203.20 0.2718 0.6825 40
42 10.088 0.8033 0.01728 75.82 186.45 76.63 127.25 203.88 0.2782 0.6820 42
44 10.587 0.8086 0.01644 77.82 187.13 78.68 125.87 204.54 0.2845 0.6814 44
48 11.639 0.8199 0.01488 81.88 188.51 82.83 123.00 205.83 0.2973 0.6802 48
52 12.766 0.8318 0.01349 86.00 189.83 87.06 119.99 207.05 0.3101 0.6791 52
56 13.972 0.8445 0.01224 90.18 191.10 91.36 116.84 208.20 0.3229 0.6779 56
60 15.259 0.8581 0.01111 94.43 192.31 95.74 113.52 209.26 0.3358 0.6765 60
112 41.155 1.792 0.00179 175.98 175.98 183.35 o 183.35 0.5687 0.5687 112
Fuente: Las tablas A-7 a A-9 se han adaptado de K. Wark, Thermodynamics, 4th ed., McGraw-Hill , New York, 1983, a partir de datos
de Freon Products Division, E.l.du Pont de Nemours & Company, 1969.
Apéndice 373
TABLA A-8 Propiedades del Refrigerant e 12 satura<J o (líqu ido-vapor): Tabla de presi one
.
Presión Temp. Líquido Vapor Líquido Vapor Líquido Vapori- Vapor Líquido Vapor Presión
bar sat. sat. sat. sat. sat. zación sat. sat. sat. bar
V¡X loJ Vg u¡ Ug h¡ h¡g hg S¡ Sg
0.6 -41.42 0.6578 0.2575 -1.29 153.49 -1.25 170.19 168.94 -0.0054 0.7290 0.6
1.0 -30.10 0.6719 0.1600 8.71 158.15 8.78 165.37 174.15 0.0368 0.7171 1.0
1.2 -25.74 0.6776 0.1349 12.58 159.95 12.66 163.48 176.14 0.0526 0.7133 1.2
1.4 -21.91 0.6828 0.1168 15.99 161.52 16.09 161.78 177.87 0.0663 0.7102 1.4
N
1.6 -18.49 0.6876 0.1031 19.07 162.91 19.18 160.23 179.41 0.0784 0.7076 1.6
ci:
1.8 -15.38 0.6921 0.09225 21.86 164.19 21.98 158.82 180.80 0.0893 0.7054 1.8
2.0 -12.53 0.6962 0.08354 24.43 165.36 24.57 157.50 182.07 0.0992 2.0
2.4 -7.42 0.7040 0.07033 29.06 167.44 29.23 155.09 184.32 0.1168 0.7004 2.4
2.8 -2.93 0.7111 0.06076 33.15 169.26 33.35 152.92 186.27 0.1321 0.6980 2.8
3.2 1.11 0.7177 0.05351 36.85 170.88 37.08 150.92 188.00 0.1457 0.6960 3.2
4 .0 8.15 0.7299 0.04321 43.35 173.69 43.64 147.33 190.97 0.1691 0.6928 4.0
5.0 15.60 0.7438 0.03482 50.30 176.61 50.67 143.35 194.02 0.1935 0.6899 5.0
6.0 22.00 0.7566 0.02913 56.35 179.09 56.80 139.77 196.57 0.2142 0.6878 6.0
7.0 27.65 0.7686 0.02501 61.75 181.23 62.29 136.45 198.74 0.2324 0.6860 7.0
8.0 32.74 0.7802 0.02188 66.68 183.13 67.30 133.33 200.63 0.2487 0.6845 8.0
9.0 37.37 0.7914 0.01942 71.22 184.81 71.93 130.36 202.29 0.2634 0.6832 9.0
10.0 41.64 0.8023 0.01744 75.46 186.32 76.26 127.50 203.76 0.2770 0.6820 10.0
12.0 49 .31 0.8237 0.01441 83.22 188.95 84.21 122.03 206.24 0.3015 0.6799 12.0
14.0 56.09 0.8448 0.01222 90.28 191.11 91.46 116.76 208.22 0.3232 0.6778 14.0
16.0 62.19 0.8660 0.01054 96.80 192.95 98.19 111.62 209.81 0.3329 0.6758 16.0
374 Apéndice
T V u h S V u h S
oc m 3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg ·K
·K
p = 0.6 bar = 0.06 MPa p = 1.0 bar = 0.10 MPa
(Tsat = -41.42°C) (Tsat = -30.10°C)
ro-
- 10 0.1235 167.69 184.97 0.7378 0.0925 164.39 181.03 0.7181
o 0.1289
0.3197
172.94
183.67
190.99
203.23
0.7602
0.8035
0.0991
1076
172.37
183.23
190.21
202.60
0.7408
0.7846
178.28 197.08 0.7821 0.1034 177.77 196.38 o.7630
O.
30 0.1449 189.17 209.46 0.8243
40 0.1502 194.72 _2l5...1S-- 0.8447 0.1160 194.35 2 15.23 0.8263
50 0.1553 200 .38 222 .12 0.8648 O. 120 1 200.02 221.64 0.8464
60 0.1605 206.08 228.55 0.8844 0.1241 205.78 228.12 0.8662
80 0.1707 2 17.74 24 1.64 0.9225 O. 1322 2 17.47 241.27 0.9045
100 0. 1809 229.67 255.00 0.9593 O. 1402 229.45 254.69 0.9414
T V u J¡ S V u h S
oc 3
m /kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg ·K m 3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg
·K
p = 2.8 bar = 0.28 MPa p = 3.2 bar = 0.32 MPa
(T,ar = - 2.93°C) (T,al = l.lloC)
T V u h S V u h S
oc m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/ kg · K m3/ kg kJ/kg kJ/ kg kJ/ kg ·
K
Sat. 0.02 188 183. 13 200.63 0.6845 0.0 1942 184.81 202. 9 0.683
40 0.02283 187.8 1 206.07 0.702 1 0.0 1 974 1 86.55 204.32 0.6897
50 0.02407 194. 1 9 2 13.45 0.7253 0.0209 1 1 93. 10 2 11.92 0.7 1 36
60 0.02525 200.52 220.72 0.7474 0.0220 1 1 99.56 19.37 0.7363
,. .
C l l 80 0.02748 2 13. 13 235. 11 0.7894 0.02407 2 1 2.37 34.03 0.7790
a:
1
100 0.02959 225.77 249.44 0.8289 0.0260 1 225.13 248.54 ().8 11}0
120 0.03162 238.51 263.81 0.8664 0.02785 237.97 63.03 0.8569
140 0.03359 251.39 278.26 0 .9022 0.02964 250.90 277.58 0.8930
160 0.03552 264.4 1 292 .83 0.9367 0.03138 263.99 29 . 3 0.9276
180 0.03742 277.60 307.54 0.9699 0.03309 277.23 1 307.0 1 0.9609
Sat. 0.0 1744 186.32 203.76 0.6820 0.0 1441 188.95 206.24 0.6799
50 0.0 1837 191.95 2 10.32 0.7026 0.01448 189.43 206.81 0.68 16
60 0.0194 1 198.56 2 17.97 0.7259 0.0 1546 196.4 1 214.96 0.7065
80 0.02 134 2 11.57 232.9 1 0.7695 0.0 1722 209.9 1 230.57 0.7520
100 0.02313 224.48 247.61 0.8100 0.0 1881 223.13 245.70 0.7937
120 0.02484 237.4 1 262.25 0.8482 0.02030 236.27 260.63 0.8326
140 0.02647 250.43 276.90 0.8845 0.02 172 249.45 275.5 1 0.8696
160 0.02807 263.56 29 1 .63 0.9 193 0.02309 263.70 290.4 1 0.9048
180 0.02963 276.84 306.47 0.9528 0.02443 276.05 305.37 O.9385
200 0.03 116 290.26 32 1 .42 0.985 1 0.02574 289.55 320.44 0.97 11
TABLA A-10 Propiedades del Refrigerante 134a saturado (líq uido-vapor):Tabl a de temperatura .
-40 0.5164 0.7055 0.3569 -0.04 204.45 0.00 222.88 222.88 0.0000 0.9560 -40
-36 0.6332 0.7113 0.2947 4.68 206.73 4.73 220.67 225.40 0.0201 0.9506 -36
-32 0.7704 0.7172 0.2451 9.47 209.01 9.52 218.37 227.90 0.0401 0.9456 -32
-28 0.9305 0.7233 0.2052 14.31 211.29 14.37 216.01 230.38 0.0600 0.9411 -28
-26 1.0199 0.7265 0.1882 16.75 212.43 16.82 214.80 23 1.62 0.0699 0.9390 -26
-24 1.1160 0.7296 0.1728 19.21 213.57 19.29 213.57 232.85 0.0798 0.9370 -24
-22 1.2192 0.7328 0.1590 21.68 214.70 21.77 212.32 234.08 0.0897 0.9351 -22
-20 1.3299 .0.7361 0.1464 24.17 215.84 24.26 211.05 235.31 0.0996 0.9332 -20
-18 1.4483 0.7395 0.1350 26.67 216.97 26.77 209.76 236.53 0.1094 0.9315 -18 ., .
I U
-16 1.5748 0.7428 0.1247 29. 18 2 18.10 29.30 208.45 237.74 0.1192 0.9298 -16 M
...
-12 1.8540 0.7498 1 0.1068 34.25 220.36 34.39 205.77 240.15 0.1388 0.9267 -12 ci:
-8 2.1704 0.7569 39.38 222 .60 39.54 203.00 242.54 0.1583 0.9239 -8
-4 2.5274 0.7644 0.0794 44.56 224.84 44.75 200.15 244.90 0.1777 0.9213 -4
o 2.9282 0.7721 0.0689 49.79 227.06 50.02 197.21 247.23 0.1970 0.9190 o
4 3.3765 0.7801 0.0600 55.08 229.27 55.35 194.19 249.53 0.2162 0.9169 4
8 3.8756 0.7884 0.057.5 60.43 231.46 60.73 191.07 251.80 0.2354 0.9150 8
12 4.4294 0.7971 0.0460 65.83 233.63 66.18 187.85 254.03 0.2545 0.9132 12
16 5.0416 0.8062 0.0405 71.29 235.78 71.69 184.52 256.22 0.2735 0.9116 16
20 5.7160 0.8157 0.0358 76.80 237.91 77.26 181.09 258.36 0.2924 0.9102 20
24 6.4566 0.8257 0.0317 82.37 240.01 82.90 177.55 260.45 0.31 13 0.9089 24
26 6.8530 0.8309 0.0298 85.18 241.05 85.75 175.73 261.48 0.3208 0.9082 26
28 7.2675 0.8362 0.0281 88.00 242.08 88.61 173.89 262.50 0.3302 0.9076 28
30 7.7006 0.8417 0.0265 90.84 243.10 91.49 172.00 263.50 0.3396 0.9070 30
32 8.1528 0.8473 0.0250 93.70 244.12 94.39 170.09 264.48 0.3490 0.9064 32
34 8.6247 0.8530 0.0236 96.58 245.12 97.31 168.14 265.45 0.3584 0.9058 34
36 9.1168 0.8590 0.0223 99.47 246.11 100.25 166.15 266.40 0.3678 0.9053 36
38 9.6298 0.8651 0.0210 102.38 247.09 103.2 1 164.12 267.33 0:3772 0.9047 38
40 10.164 0.8714 0.0199 10530 248.06 106.19 162.05 268.24 0.3866 0.9041 40
42 10.720 0.8780 0.0188 108.25 249.02 109.19 159.94 269.14 0.3960 0.9035 42
44 11.299 0.8847 0.0177 111.22 249.96 112.22 157.79 270.01 0.4054 0.9030 44
48 12.526 0.8989 0.0159 117.22 251.79 118.35 153.33 271.68 0.4243 0.9017 48
52 13.851 0.9142 0.0142 123.31 253.55 124.58 148.66 273.24 0.4432 0.9004 52
56 15.278 0.9308 0.0127 129.51 255.23 130.93 143.75 274.68 0.4622 0.8990 56
60 16.813 0.9488 0.0114 135.82 256.81 137.42 138.57 275.99 0.4814 0.8973 60
70 21.162 1 .0027 0.0086 152.22 260. 15 154.34 124.08 278.43' 0.5302 0.8918 70
80 26.324 1.0766 0.0064 169.88 262.14 172.71 106.41 279.12 0.5814 0.8827 80
90 32.435 1.1949 0.0046 189.82 261.34 193.69 82.63 276.32 0.6380 0.8655 90
100 39.742 1 .5443 0.0027 218.60 248.49 224.74 34.40 259.13 0.7196 0.8117 100
Fuente: Las tablas A-1O a A-12 se han calculado a partir de las ecuaciones propuestas por O.P. Wilson y R. S. Basu. "Therrnodynamic Properties of
a New Stratospherically Safe Work ing Fluid -Refrigeran! 134a," ASHRAE Trans., Vol. 94, Pt. 2, 1988, pp. 2095-21 18
378 Apéndice
TABLA A-11 Propiedades del Refrigerante 1 34a saturad o (líquido-vapor): Tabla de pres iones.
TABLA A-12 Propi edades del Refrigerant e 134a. vapor sobreca l entad o
T V u h S V u h S
oc m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg ·K m 3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg ·K
p = 0.6 bar = 0.06 MPa p = 1.0 bar = 0.10 MPa
(Tsal = -37.07°C) (Tsal = -26.43°C)
Sat. 0.31003 206.12 224.72 0.9520 0.19170 212.18 231.35 0.9395
-20 0.33536 217.86 237.98 1.0062 0.19770 216.77 236.54 0.9602
-10 0.34992 224.97 245.96 1.0371 0.20686 224.01 244.70 0.9918
o 0.36433 232.24 254.10 1.0675 0.21587 231.41 252.99 1 .0227
JO 0.37861 239.69 262.41 1.0973 0.22473 238.96 261.43 1.0531
20 0.39279 247.32 270.89 1.1267 0.23349 246.67 270.02 1.0829
30 0.40688 255.12 279.53 1.1557 0.24216 254.54 278.76 1.1122
40 0.42091 263.10 288.35 1.1844 0.25076 262.58 287.66 1.1411
50 0.43487 271.25 297 .34 1.2126 0.25930 270.79 296.72 1.1696
60 0.44879 279.58 306.51 1.2405 0.26779 279.16 305.94 1.1977 IU
70 0.46266 288.08 315.84 1.2681 0.27623 287.70 315.32 1.2254 'o:t
80 0.47650 296.75 325.34 1.2954 0.28464 296.40 324.87 1.2528 M,...
0.49031
a:'
90 305.58 335.00 1.3224 0.29302 305.27 334.57 1.2799
T V u h S V u h S
oc m3/kg . kJ/kg kJ/ kg kJ/kg ·K m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg ·K
T V u .h S V u h S
oc m3/kg kJ/ kg kJ/ kg kJ/kg ·K m3/ kg kJ/kg kJ/ kg kJ/kg ·K
Sat. 0.03408 238 .74 259.19 0.9097 0.02918 241.42 261.85 0.9080.
30 0.0358 1 246.41 267 .89 0.9388 0.02979 244.51 265.37 0.9197
40 0.03774 255.45 278.09 0.97 19 0.03 157 253.83 275.93 0.9539
50 0.03958 264.48 288.23 1 .0037 0.03324 263.08 286.35 0.9867
60 0.04134 273.54 298.35 1.0346 0.03482 272.31 296.69 1.0182
70 0.04304 282.66 308.48 1.0645 0.03634 281.57 307.0 1 1.0487
80 0.04469 291.86 318.67 1.0938 0.03781 290.88 317.35 1.0784
90 0.04631 301. 14 328.93 1.1225 0.03924 300.27 327.74 1.1074
100 0.04790 310.53 339.27 1.1505 0.04064 309.74 338.19 1.1 358
1 10 0.04946 320.03 349.70 1.1781 0.04201 319.3 1 348.7 1 1.1637
1 20 0.05099 329.64 360.24 1.2053 0.04335 328.98 359.33 1.1910 1111
140 0.05402 349.23 38 1.64 1 .2584 0.04599 348.66 380.86 1.2444 cr:
150 0.05550 359.2 1 392.52 1.2844 0.04729 358.68 391 .79 1.2706
160 0.05698 369.32 403.51 1.3100 0.04857 368.82 402.82 1.2963
Sat. 0.02547 243 .78 264.15 0.9066 0.02255 245.88 266. 18 0.9054
40 0.02691 252. 13 273.66 0.9374 0.02325 250.32 271.25 0.92 17
50 0.02846 261.62 284.39 0.97 11 0.02472 260.09 282.34 0.9566
60 0.02992 27 1.04 294.98 1.0034 0.02609 269.72 293.2 1 0.9897
70 0.03131 280.45 305.50 1.0345 0.02738 279.30 303.94 1.0214
80 0.03264 289.89 316.00 1.0647 0.0286 1 28"8.87 314.62 1.0521
90 0.03393 299.37 326.52 !.0940 0.02980 298.46 325.28 1.0819
100 0.035 19 308.93 337.08 1.1227 0.03095 308.1 1 335 .96 1.1 109
110 0.03642 318.57 347.71 1.1508 0.03207 317.82 346.68 1.1392
120 0.03762 328.3 1 358.40 1.1784 0.03316 327.62 357.47 1.1670
130 0.0388 1 338. 14 369. 19 1.2055 0.03423 337.52 368.33 1.1943
140 0.03997 348.09 380.07 1.2321 0.03529 347.51 379.27 1.221 1
150 0.04113 358.15 391.05 1.2584 0.03633 357.6 1 390.3 1 1.2475
160 0.04227 368.32 402. 14 1.2843 0.03736 367 .82 40 1.44 1.2735
170 0.04340 378.6 1 4 13.33 1.3098 0.03838 378.14 4 12.68 1.2992
180 0.04452 389.02 424 .63 1.3351 0.03939 388.57 424.02 1.3245
382 Apéndice
T V u h S V u h S
oc m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg ·K m3/kg kJ/kg kJ/kg kJ/kg
·K
p = 10.0 bar = 1.00 MPa p = 12.0 bar = 1.20 MPa
(Tsal = 39.39°C) (Tsal = 46.3rC)
a:
. 140 0.03154 346.92 378.46 1.2111 0.02592 345.73 376.83 1.1933
150 0.03250 357.06 389.56 1.2376 0.02674 355.95 388.04 1 .2201
160 0.03344 367.31 400.74 1.2638 0.02754 366.27 399.33 1 .2465
170 0.03436 377.66 412.02 1.2895 0.02834 376.69 410.70 1.2724
180 0.03528 388.12 423.40 1.3149 0.02912 387.21 422 .16 1 .2980
240 1.86 .. ..
1
e(
273 2.11 111
TABLA A-14 Calores específicos para gas ideal de algunos gases comunes (kJ/kg · K ). ·.
eP e,. k eP e,. k eP e" k
250 1.003 0.716 1.401 1.039 0.742 1.400 0.913 0.653 1.398 250
300 1.005 0.718 1.400 1.039 0.743 1.400 0.918 0.658 1.395 300
350 1.008 0.721 1.398 1.041 0.744 1.399 0.928 0.668 1.389 350
400 1.013 0.726 1.395 1.044 0.747 1.397- 0.941 0.681 1.382 400
450 1.020 0.733 1.391 1.049 0.752 1.395 0.956 0.696 1.373 450
500 1.029 0.742 1.387 1.056 0.759 i.391 0.972 0.712 1.365 500
550 1.040 0.753 1.381 1.065 0.768 1.387 0.988 0.728 1.358 550
600 1.051 0.764 1.376 1.075 0.778 1.382 1.003 0.743 1.350 600
650 1.063 0.776 1.370 1.086 0.789 1.376 1.017 0.758 1.343 650
700 1.075 0.788 1.364 1.098 0.801 1.371 1.031 0.771 1.337 700
750 1.087 0.800 1.359 1.110 0.813 1-.365 1.043 0.783 1.332 750
800 1.099 0.812 1.354 1.121 0.825 1.360 1.054 0.794 1.327 800
900 1.121 0.834 1.344 1.145 0.849 1.349 1.074 0.814 IJ19 900
1000 1.142 0.855 1.336 1.167 0.870 1.341 1.090 0.830 1 313 1000
250 0.791 0.602 1.314 1.039 0.743 1.400 14.051 9.927 1.416 250
300 0.846 0.657 1.288 1.040 0.744 1.399 14.307 10.183 1.405 300
350 0.895 0.706 1.268 1.043 0.746 1.398 14.427 10.302 1.400 350
400 0.939 0.750 1.252 1.047 0.751 1.395 14.476 10.352 1.398 400
450 0.978 0.790 1.239 1.054 0.757 1.392 14.501 10.377 1.398 450
500 1.014 0.825 1.229 1.063 0.767 1.387 14.513 10.389 1.397 500
550 1.046 0.857 1.220 1.075 0.778 1.382 14.530 10.405 1.396 550
600 1.075 0.886 1.213 1.087 0.790 1.376 14.546 10.422 1.396 600
650 1.102 0.913 1.207 1.100 0.803 1.370 14.571 10.447 1.395 650
700 1.126 0.937 1 .202 1.113 0.816 1.364 14.604 10.480 1.394 700
750 1.148 0.959 1.197 1.126 0.829 1.358 14.645 10.521 1.392 750
800 1.169 0.980 1.193 1.139 0.842 1.353 14.695 10.570 1.390 800
900 1.204 1.015 1.186 1.163 0.866 1.343 14.822 10.698 1.385 900
1000 1.234 1.045 1.181 1.185 0.888 1.335 14.983 10.859 1.380 1000
Fuente: Adaptado de K. Wark, Thermodynamics, 4 ed., McGraw-Hill, New York, 1983, basado en "Tables of Thermal
Properties of Gases,"NBS Circular 564, 1955
Apéndice 385
= a + {3T + yf 2 + 8T 3 + eT 4
R
T h p, u v, s" T h p, u Vr s"
200 199.97 0.3363 142.56 1707. 1.29559 450 451.80 5.775 322.62 223.6 2.11161
210 209.97 0.3987 149.69 1512. 1.34444 460 462.02 6.245 329.97 211.4 2.13407
220 219.97 0.4690 156.82 1346. 1.39105 470 472.24 6.742 337.32 200.1 2.15604
230 230.02 0.5477 164.00 1205. 1.43557 480 482.49 7.268 344.70 189.5 2.17760
240 240.02 0.6355 171. 13 1084. 1.47824 490 492.74 7.824 352.08 179.7 2.19876
250 250.05 0.7329 178.28 979. 1.51917 500 503.02 8.411 359.49 170.6 2.21952
260 260.09 0.8405 185.45 887.8 1.55848 510 513.32 9.031 366.92 162.1 2.23993
270 270.11 0.9590 192.60 808.0 1.59634 520 523.63 9.684 374.36 154.1 2.25997
280 280.13 1.0889 199.75 738.0 1.63279 530 533.98 10.37 381.84 146.7 2.27967
285 285.14 1.1584 203.33 706.1 1.65055 540 544.35 11.10 389.34 139.7 2.29906
290 290.16 1.2311 206.91 676.1 1.66802 550 554.74 11.86 396.86 133.1 2.31809
295 295.17 1.3068 210.49 647.9 1.68515 560 565. 17 12.66 404.42 127.0 2.33685
300 300.19 1.3860 214.07 621.2 l .70203 570 575.59 13.50 411.97 121.2 2.35531
JOS 305.22 1.4686 2 17.67 596.0 l.71865 580 586.04 14.38 419.55 115.7 2.37348
310 310.24 1.5546 221.25 572.3 l.73498 590 596.52 15.31 427. 15 110.6 2.39140
315 315.27 1.6442 224.85 549.8 1.75106 600 607.Q2 16.28 434.78 105.8 2.40902
320 320.29 l.7375 228.42 528.6 1.76690 610 617.53 17.30 442.42 101.2 2.42644
325 325.31 1.8345 232.02 508.4 1 .78249 620 628.07 18.36 450.09 96.92 2.44356
330 330.34 1.9352 235.61 489.4 l .79783 630 638.63 19.84 457.78 92.84 2.46048
340 340.42 2.149 242.82 454.1 1.82790 640 649.22 20.64 465.50 88.99 2.47716
350 350.49 2.379 250.02 422.2 1.85708 650 659.84 21.86 473.25 85.34 2.49364
360 360.58 2.626 257.24 393.4 1.88543 660 670.47 23.13 481.01 81.89 2.50985
370 370.67 2.892 264.46 367.2 1.91313 670 681. 14 24.46 488.81 78.6 1 2.52589
380 380.77 3.176 271.69 343.4 1.94001 680 691.82 25.85 496.62 75.50 2.54175
390 390.88 3.481 278.93 32 1.5 1.96633 690 702.52 27.29 504.45 72.56 2.5573 1
400 400.98 3.806 286.16 301.6 1.99194 700 7 13.27 28.80 512.33 69.76 2.57277
410 411.12 4.153 293.43 283.3 2.0 1699 710 724.04 30.38 520.23 67.07 2.58810
420 421.26 4.522 300.69 266.6 2.04142 720 734.82 32.02 528.14 64.53 2.60319
430 431.43 4.915 307.99 251 .1 2.06533 730 745.62 33.72 536.07 62.13 2.61803
440 441.61 5.332 315.30 236.8 2.08870 740 756.44 35.50 544.02 59.82 2.63280
j
Cl)
TABLA A-16 (Continuación) 1l
(1)
:::::.
T h p, u v, so T h p, u V, s"
750 767.29 37.35 551.99 57.63 2.64737 1300 1395.97 330.9 1022.82 11.275 3.27345
760 778. 18 39.27 560.01 55.54 2.66176 1320 1419.76 352 .5 1040.88 10.747 3.29160
770 789.11 41.31 568.07 53.39 2.67595 1340 1443.60 375.3 1058.94 10.247 3.30959
780 800.03 43.35 576.12 51.64 2.69013 1360 1467.49 399.1 1077.10 9.780 3.32724
790 810.99 45.55 584.21 49.86 2.70400 1380 1491.44 424.2 1095.26 9.337 3.344 74
800 821.95 47.75 592.30 48.08 2.71787 1400 1515.42 450.5 1113.52 8.919 3.36200
820 843.98 52.59 608.59 44 .84 2.74504 1420 1539.44 478.0 1131.77 8.526 3.37901
840 866.08 57.60 624.95 41.85 2.77170 1440 1563.5 1 506.9 1150.13 8. 153 3.39586
860 888.27 63.09 641.40 39. 12 2.79783 1460 1587.63 537. 1 1168.49 7.801 3.41247
880 910.56 68.98 657.95 36.6 1 2.82344 1480 161 1.79 568.8 1186.95 7.468 3.42892
900 932.93 75.29 674.58 34 .31 2.84856 1500 1635.97 60 1.9 1205.41 7. 152 3.44516
920 955.38 82.05 691.28 32.18 2.87324 1520 1660.23 636.5 1223.87 6.854 3.46 120
940 977.92 89.28 708.08 30.22 2.89748 1540 1684.51 672 .8 1242.43 6.569 3.477 12
960 1000.55 97.00 725.02 28.40 2.92128 1560 1708.82 710.5 1260.99 6.30 1 3.49276
980 1023.25 105.2 74 1.98 26.73 2.Q4468 1580 1733. 17 · 750.0 1279.65 6.046 3.50829
1000 1046.04 114.0 758.94 25. 17 2.96770 1600 1757.57 79 1 .2 1298.30 5.804 .1.52364
1020 1068.89 123.4 776. 10 23.72 2.99034 1620 1782.00 834.1 1316.96 5.574 3.53879
1040 1091.85 13J.3 793.36 22.39 3.01260 1640 1806.46 878.9 1335.72 5.355 3.55381
1060 1114.86 143.9 810.62 21.14 3.03449 1660 1830.96 925.6 1354.48 5.147 3.56867
1080 1137.89 155.2 827.88 19.98 3.05608 1680 1855.50 974.2 1373.24 4.949 3.58335
1100 1161.07 167.1 845.33 18.896 3.07732 1700 1880. 1 1025 1392.7 4 .76 1 3.5979
1120 1184.28 179.7 862.79 17.886 3.09825 1750 1941.6 116 1 1439.8 4.328 3.6336
1140 1207.57 193.1 880.35 16.946 3.11883 1800 2003.3 1310 1487.2 3.944 3.6684
1160 1230.92 207.2 897.91 16.064 3.13916 1850 2065.3 1475 1534.9 3.601 J. 7023
1180 1254.34 222.2 915.57 15.24 1 3.15916 1900 2 127.4 1655 1582.6 3.7354
1200 1277.79 238.0 933.33 14.470 3.17888 1950 2189.7 1852 1630.6
3.29
3.022
- 3.7677
1220 1301.31 254.7 951.09 13.747 3.19834 2000 2252.1 2068 1678.7 2 .776 3.7994
1240 1324.93 272.3 968.95 13.069 3.21751 2050 2314.6 2303 1726.8 2.555 3.8303
1260 1348.55 290.8 986.90 12.435 3.23638 2100 2377.4 2559 1775.3 2.356 3.8605
1280 1372.24 310.4 1004.76 11.835 3.25510 2150 2440.3 2837 1823.8 2.1 75 3.890 1
"'
Aire
388 Apéndice
T h ü so T h ü :so
o o o o 600 17 563 12 574 212.066
220 6 391 4 562 182.639 610 17 864 12 792 212.564
230 6 683 4 770 183.938 620 18 166 13011 213.055
240 6 975 4 979 185.180 630 18 468 13 230 213.541
250 7 266 5 188 186.370 640 18 772 13450 214.018
260 7 558 5 396 187.514 650 19 075 13 671 214.489
270 7 849 5 604 188.614 660 19 380 13 892 214.954
280 8 141 5 813 189.673 670 19 685 14114 215.413
290 8 432 6021 190.695 680 19 991 14 337 215.866
298 8 669 6190 191.502 690 20 297 14 560 216.314
300 8 723 6 229 191.682 700 20604 14 784 216.756
310 9 014 6 437 192.638 710 20 912 15 008 217.192
320 9 306 6 645 193.562 720 21 220 15 234 217.624
330 9 597 6 853 194.459 730 21 529 15460 218.059
340 9 888 7 061 195.328 740 21 839 15 686 218.472
350 10180 7 270 196.173 750 22 149 15913 218.889
360 10471 7 478 196.995 760 22 460 16141 219.301
370 10 763 7 687 197.794 770 22 772 16 370 219.709
380 11 055 7 895 198.572 780 23 085 16 599 220.113
390 11 347 8 104 199.331 790 23 398 16 830 220.512
400 11 640 8 314 200.071 800 23 714 17061 220.907
410 11932 8 523 200.794 810 24 027 17 292 221.298
420 12 225 8 733 201.499 820 24 342 17 524 221.684
430 12 518 8 943 202.189 830 24 658 17 757 222.067
440 12 811 9 153 202.863 840 24 974 17990 222.447
450 13 105 9 363 203.523 850 25 292 18 224 222.822
460 13 399 9 574 204.170 860 25 610 18 459 223.194
470 13693 9 786 204.803 870 25 928 18 695 223.562
480 13 988 9 997 205.424 880 26 248 18 931 223.927
490 14 285 10 210 206.033 890 26 568 19 168 224.288
500 14 581 10 423 206.630 900 26 890 19407 224.647
510 14 876 10 635 207.216 910 27 210 19 644 225.002
z
N
¡o
¡o T h ü T h u
Fuente : Las tablas A-14 a A-19 están adaptadas de K. Wark, Thermodynamics, 4th ed., McGraw-Hill, New York,
1983, basadas en JANAF Therrnodynamical Tables, NSRDS -NBS-37, 1971.
390 Apenatce
T h ü so T h u so
o o o í) 600 17 929 12 940 226.346
220 6404 4 575 196.171 610 18 250 13 178 226.877
230 6694 4 782 197.461 620 18 572 13 417 227.400
240 6984 4 989 198.696 630 18 895 13 657 227.918
250 7 275 5 197 199.885 640 19 219 13 898 228.429
i60 7 566 5 405 201.027 650 19 544 14140 228.932
270 7 858 5 613 202.128 660 19 870 14 383 229.430
280 8 150 5 822 203.191 670 20197 14 626 229.920
290 8 443 6 032 204.218 680 20 524 14 871 230.405
298 8 682 6 203 205.033 690 20854 15 116 230.885
300 8 736 6 242 205.213 700 21 184 15 364 231.358
310 9030 6453 206.177 710 21 514 15 611 231.827
320 9 325 6664 207.112 720 21 845 15 859 232.291
330 9 620 6 877 208.020 730 22 177 16 107 232.748
340 9 916 7 090 208.904 740 22 510 16 357 233.201
350 10 213 7 303 209.765 750 22844 16 607 233.649
360 10 511 7 518 210.604 760 23 178 16 859 234.091
370 10809 7 733 21 1.423 770 23 513 17 111 234.528
380 11 109 7 949 212.222 780 23 850 17 364 234.960
390 11 409 8 166 213.002 790 24 186 17 618 235.387
400 11 711 8 384 213.765 800 24 523 17 872 235.810
410 12 012 8 603 214.510 810 24 861 18 126 236.230
420 12 314 8 822 215.241 820 25 199 18 382 236.644
430 12 618 9043 215.955 830 25 537 18 637 237.055
440 12 923 9 264 216.656 840 25 877 18 893 237.462
450 13 228 9 487 217.342 850 26 218 19 150 237.864
460 13 535 9 710 218.016 860 26 559 19 408 238.264
470 13 842 9 935 218.676 870 26899 19 666 238.660
480 14 151 10160 219.326 880 27 242 19 925 239.051
490 14 460 10 386 219.963 890 27 584 20 185 239.439
500 14 770 10614 220.589 900 27 928 20445 239.823
510 15 082 10 842 221.206 910 28 272 20706 240.203
520 15 395 11071 221.812 920 28 616 20967 240.580
530 15 708 11 301 222.409 930 28 960 21 228 240.953
540 16022 11 533 222.997 940 29 306 21 491 241.323
550 16 338 11 765 223.576 950 29 652 21 754 241.689
N
560 16 654 11 998 224.146 960 29 999 22 017 242.052
o 570 16 971 12 232 224.708 970 30 345 22280 242.411
580 17 290 l2 467 225.262 980 30692 22544 242.768
590 17 609 12 703 225.808 990 31 041 22809 243.120
Apéndice 391
T h u ¡o T u ¡o
h
N
o
392 Apéndice
o N
::z:::
T(K), Ji y u(kJjkmol), s (k1fkmol· K)
0
T h u T h
So u
T h 11 so T h u so
1000 30 355 22 041 234.421 1760 56 756 42123 253.991
1020 31 020 22 540 235.079 1780 57 473 42 673 254.398
1040 31 688 23 041 235.728 1800 58 191 43 225 254.797
1060 32 357 23 544 236.364 1820 58 910 43 778 255.194 o
o
1080 33 029 24049 236.992 1840 59 629 44 331 255.587
1100 33 702 24 557 237.609 1860 60 351 44886 255.976
1120 34 377 25 065 238.217 1880 61 072 45 441 256.361
1140 35 054 25 575 238.8 17 1900 61 794 45 997 256.743
1160 35 733 26 088 239.407 1920 62 516 46 552 257.122
1180 36 406 26602 239.989 1940 63 238 47 108 257.497
1200 37095 27 118 240.663 1960 63 961 47 665 257.868
1220 37 780 27 637 241.128 1980 64684 48 221 258.236
1240 38 466 28 426 241.686 2000 65 408 48 780 258.600
1260 39 154 28 678 242.236 2050 67 224 50 179 259.494
1280 39 884 29 201 242.780 2100 69044 51 584 260.370
1300 40 534 29 725 243.316 2150 70 864 52 988 261.226
1320- 41 266 30 251 243.844 2200 72 688 54 396 262.065
1340 41919 30 778 244.366 2250 74 516 55 809 262.887
1360 42 613 31 306 244.880 2300 76 345 57 222 263.692
1380 43 309 31 836 245.388 2350 78 178 58 640 264.480
1400 44007 32 367 245.889 2400 80015 60060 265.253
1420 44 707 32 900 246.385 2450 81 852 61482 266.012
1440 45 408 33 434 246.876 2500 83 692 62 906 266.755
1460 46110 33 971 247.360 2550 85 537 64 335 267.485
1480 46 813 34 508 247.839 2600 87 383 65 766 268.202
1500 47 517 35 046 248.312 2650 89 230 67197 268.905
1520 48 222 35 584 248.778 2700 91 077 68 628 269.596
1540 48 928 36 124 249.240 2750 92 930 70066 270.285
1560 49 635 36 665 249.695 2800 94 784 71504 270.943
1580 50 344 37 207 250.147 2850 96 639 72945 271.602
1600 51 053 37;J50 250.592 2900 98 495 74 383 272.249
1620 51 763 38 293 251.033 2950 100 352 75 825 272.884
1640 52 472 38 837 251.470 3000 102 210 77 267 273.508
1660 53 184 39 382 251.901 3050 104 073 78 715 274.123
1680 53 895 39 927 252.329 3100 lOS 939 80164 274.730
1700 54 609 40474 252.751 3150 107 802 81 612 275.326
1720 55 323 41 023 253.169 3200 109 667 83 061 275.914
1740 56 039 41572 253.582 3250 111 534 84 513 276.494
Apéndict
TABLA A-21 Propiedades del d i óx ido de carbono . C02. como gas ideal.
T h -¡o T h u -¡o
ü
T h ü ¡o T h ü
[liJ =O kl/kmol]
T h ü so T h ü so
o o o o 1440 42 808 30835 177.410
260 7 370 5209 126.636 1480 44 091 31 786 178.291
270 7 657 5 412 127.719 1520 45 384 32 746 179.153
280 7 945 5 617 128.765 1560 46 683 33 713 179.995
290 8 233 5 822 129.775 1600 47 990 34 687 180.820
298 8468 5 989 130.574 1640 49 303 35 668 181.632
300 8 522 6027 130.754 1680 50662 36 654 182.428
320 9100 6440 132.621 1720 51 947 37646 183.208
N 340 9680 6 853 134..378 1760 53 279 38 645 183.973
J:
360 lO 262 7 268 136.039 1800 54 618 39 652 184.724
380 10843 7 684 137.612 1840 55 962 40663 185.463
400 11426 8100 139.106 1880 57 311 41680 186.190
420 12 010 8 518 140.529 1920 58 668 42 705 186.904
440 12 594 8 936 141.888 1960 60031 43 735 187.607
460 13 179 9 355 143.187 2000 61 400 44 771 188.297
480 13 764 9 773 144.432 2050 63 119 46074 189.148
500 14 350 10 193 145.628 2100 64847 47 386 189.979
520 14935 10611 146.775 2150 66584 48 708 190.796
560 16 107 11 451 148.945 2200 68 328 50037 191.598
600 17 280 12 291 150.968 2250 70080 51 373 192.385
640 18453 13 133 152.863 2300 71 839 52 716 193.159
680 19 630 13976 154.645 2350 73 608 54069 193.921
720 20807 14 821 156.328 2400 75 383 55 429 194.669
760 21 988 15669 157.923 2450 77 168 56 798 195.403
800 23 171 16 520 159.440 2500 78960 58 175 196.125
840 24 359 17 375 160.891 2550 80 755 59 554 196.837
880 25 551 18 235 162.277 2600 82 558 60 941 197.539
920 26747 19098 163.607 2650 84 386 62 335 198.229
960 27 948 19 966 164.884 2700 86 186 63 737 198.907
1000 29 154 20839 166.114 2750 88008 65 144 199.575
1040 30 364 21 717 167.300 2800 89 838 66 558 200.234
1080 31 580 22 601 168.449 2850 91 671 67976 200.885
1120 32 802 23490 169.560 2900 93 512 69 401 201.527
1160 34 028 24 384 170.636 2950 95 358 70 831 202.157
1200 35 262 25 284 171.682 3000 97 211 72268 202.778
1240 36 502 26192 172.698 3050 99065 73 707 203.391
1280 37 749 27106 173.687 3100 100 926 75 152 203.995
1320 39 002 28 027 174.652 3150 102 793 76 604 204.592
1360 40263 28 955 175.593 3200 104 667 78 061 205.181
1400 41 530 29 889 176.510 3250 106 545 79 523 205.765
Apéndice 399
TABLA A-23 Constantes para. las ecuaciones de estado de Van der Waals, Redlich -K wong y Benedict- Webb-Ruhin.
l. Van der Waals y Redlich-Kwong: Constantes para la presión en bar, el volumen específico en m 3/kmol y la
temperatura en K.
Sustancia m')'
bar--
kmol
--
kmol
bar-- m')'
kmol
K 112 --
kmol
Aire 1.368 0.0367 15.989 0.02541
Butano (C4Hw) 13.86 0.1162 289.55 0.08060
Dióxido de carbono (C02 ) 3.647 0.0428 64.43 0.02963
Monóxido de carbono (CO) 1.474 0.0395 17.22 0.02737
Metano (CH4) 2.293 0.0428 32.11 0.02965
Nitrógeno (Nú 1.366 0.0386 15.53 0.02677
Oxígeno (02) 1.369 0.0317 17.22 0.02197
Propano (C3H8) 9.349 0.0901 182.23 0.06242
Refrigerante 12 10.49 0.0971 208.59 0.06731
Dióxido de azufre (S02) 6.883 0.0569 144.80 0.03945
Agua (H20) 5.531 0.0305 142.59 0.02111
M
Fuente: Calculadas a partir de datos críticos. N
ci:ca
2. Benedict-Webb-Rubin: Constantes para la presión en bar,el volumen específico en m3/kmol y la temperatura en K. 1i
ca
1-
Sustancia a A b B e e Ci 'Y
C4HIO 1.9073 10.218 0.039998 0.12436 3.206 X lOS 1.006 X 1()ó 1.101 X 10-3 0.0340
co2 0.1386 2.7737 0.007210 0.04991 1.512 X 104 1.404 X lOS 8.47 X 10-5 0.00539
co 0.0371 1.3590 0.002632 0.05454 1.054 X 103 8.676 X 103 1.350 X 10-4 0.0060
e 0.0501 1.8796 0.003380 0.04260 2.579 X 103 2.287 X 104 1.244 X 10-4 0.0060
N2 0.0254 1.0676 0.002328 0.04074 7.381 X 102 8.166 X 103 1.272 X 10-4 0.0053
Fuente: H.W.Cooper y J.C.Goldfrank , Hydrocarbon Processing, 46 (12): 141 ( 1967).
400 Apéndice
Carbono C(s)
o o 5.74
Hidrógeno Hz(y) o o 130.57
Nitrógeno o o 191.50
Oxígeno
Nz(Y)
o o 205.03
Üz(g) - 110 - 137150
Monóxido de carbono CO(g) 530 -394 380 197.54
Dióxido de C02(q) -393 520 -228 590 213.69
carbono Agua H10(g) -241 820 -237 180 188.72
Agua H10(/) -285 830 - 105 600 69.95
Peróxido de hidrógeno HzÜz(l/) - 136 310 - 16 590 232.63
Amoníaco NH 3(g) -46190 231 770 192.33
Oxígeno Ü(q) 249 170 203 290 160.95
Hidrógeno H(y) 218000 455 510 114.61
Nitrógeno N(g) 472 680 34 280 153.19
Grupo oxidrilo OH(y) 39460 - 50 790 183.75
Metano eH"(g) -74 850 209 170 186.16
Acetileno ez 226 730 68 120 200.85
Etileno Hz(y) 52 280 -32 890 219.83
Etano Cz -84 680 62 720 229.49
elH6(11l
Propileno i c.,Hb(g) 204 10 -23 490 266.94
Propano eJHII(g) - 103 850 - 15 710 269.9 1
Butano e4 H10(g - 126150 -8200 310.0
Pentano ) -146440 17 320 3
Octano C s H¡z(g) -208 450 6610 348.40
Octano eiiHIH(y) -249 910 129 660 463.67
Benceno CIIH III(/) 82 930 - 162 360.79
Metano! CnH6(y) -200 890 140 269.20
Metano! CH30H!y) -238 810 - 166 239.70
Etanol eH30H(I) -2353 10 290 1 26.80
Etanol C H5 0H(g)
C 2H 0H(Il -277 690 - 168 282.59
1 5
570 160.70
Fuente:Adaptad o de K. Wark , Thermodynamics,4th ed., McGraw-Hill, New York, 1983,
basadas en JANAF Thennochemical Tables, NSRDS-NBS-37, 197 1; Selected Values of
Chemica/ Thermodyrwmic Properties, NBS Tech. ote 270-3, 1968; y API Research Project
44, Camegie Press, 1953.
Apéndice 401
log 10 K
Temp. !Oz + tNz Hz0!:::; Hz0!:::; C02 !:::; COz+ Hz!::; Temp.
H z !:::;2H 0z !:::; 20 Nz !:::; 2N Hl + to2 OR
K !::;NO OH+ tH 2 co + 102 CO + HzO
298 7t .224 -H 1.208 - 159.600 - 15.171 -40.048 -46.054 -45.066 -5.018 537
500 -40.316 -45.880 -92.672 -8.783 -22.886 -26.130 -25.025 -2.139 900
1000 - 17.292 - 19.614 -43.056 -4.062 -10.062 -11.280 -10.221 -0.159 1800
1200 -13.414 - 15.208 -34.754 -3.275 -7.899 -8.811 -7.764 +0.135 2160
1400 -10.630 - 12.054 -28.812 -2.712 -6.347 -7.021 -6.014 +0.333 2520
1600 -8.532 -9.684 -24.350 -2.290 -5.180 -5.677 -4.706 +0.474 2880
1700 -7.666 -8.706 -22.512 -2.116 -4.699 -5.124 -4.169 +0.530 3060
1800 -6.896 -7.836 -20.874 -1.962 -4.270 -4.613 -3.693 +0.577 3240
1900 -6.204 -7.058 -19.410 -1.823 -3.886 -4.190 -3.267 +0.619 3420
2000 -5.580 -6.356 -18.092 -1.699 -3.540 -3.776 -2.884 +0.656 3600
2100 -5.016 -5.720 - 16.898 - 1.586 -3.227 -3.434 -2.539 +0.688 3780
2200 -4.502 -5.142 -15.810 - 1.484 -2.942 -3.091 -2.226 +0.716 3960
2300 -4.032 -4.614 -14.818 -1.391 -2.682 -2.809 -1.940 +0.742 4140
2400 -3.600 -4.130 -13.908 - 1.305 -2.443 -2.520 - 1.679 +0.764 4320
2500 -3.202 -3.684 -13.070 -1.227 -2.224 -2.270 -1.440 +0.784 4500
2600 -2.836 -3.272 - 12.298 -1.154 -2.021 -2.038 -1.219 +0.802 4680
2700 -2.494 -2.892 - 11.580 - 1.087 -1.833 -1.823 -1.015 +0.818 4860
2800 -2. 178 -2.536 - 10.914 -1.025 -1.658 -1.624 --Q.825 +0.833 5040
2900 - t .R82 -2.206 -10.294 -0.967. -1.495 - 1.438 -0.649 +0.846 5220
3000 - 1.606 - 1.898 -9.716 -0.913 -1.343 -1.265 -0.485 +0.858 5400
3100 - 1.34H - 1.610 -9.174 -0.863 - 1.201 - 1.103 -0.332 +0.869 5580
3200 - 1.106 - 1.340 -8.664 -0.815 -1.067 -0.951 -0.189 +0.878 5760
3300 . 0.878 - 1.086 -8.186 -0.771 -0.942 -0.809 -0.054 +0.888 5940
3400 -0.664 -0.846 -7.736 -0.729 -0.824 -0.674 +0.071 +0.895 6120
3500 -0.462 -0.620 -7.312 -0.690 -0.712 -0.547 +0.190 +0.902 6300
403
Apéndice 405
0,0 0,1 0,2 0,3 0,4 0,5 0,6 0,7 0,8 0,9 1,0
Presión reducida: PR
Figura A·l Gráfica del factor generalizado de compresibilidad. PR 1 ,0. Fuente: E.F. Obert. Concepts l!/Themwdy -
1/WIIics, M cGraw-Hill. cw York. 1960
406 Apéndice
:: : 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 1 ,).! ; 1 1 1 f 1 J
1 ,
¡t=t=l fil0
.....
ex: 1,10
Q.
Presión reducida: PR
Figura A-2 Gráfi ca del fact or general it.ado de compre ih il iclad. PR 1 0,0. Fuen te: E.F. Ohert. Conccpls r!f'Thl'l'lllodrJWIIÚC'.I.
McGraw -llil l. ew Yorl... 1%0
Apéndice 407
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10 15 20 25 30 35 40
Presión reducida: PR
Figura A-3 Gráfica del factor generalizad o de compresibilidad. 1 0 PR 40. Fuente: E.F. Obert. Concepls of Ther
mod_mamics. McGraw-HiiL ew York . 1960
408 Apéndice
I. C:: 1
• IQ:
I.C:: 3,0
Figura A-4 Gráfica de la discrepancia en la enta lpía general i zada. Fuente: Adaptada de G.J. Van Wylen y R.E. Sonn
ta . Fundamental. o{Ciassical Thermodynamics. Jrd. ed .. English/SI. Wiley. ew York. 1 9Xó
Apéndic 409
e
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Apéndic 409
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0,1 0,2 0,3 0,4 0,5 1.0 2,0 3.9 4,0
5.0
Presión reducida: PR
Figura A-5 Gráfica de la discrepancia en la entropía. Fuente: Adaptada de G.J. Van Wylen y R.E. Sonntag, Funda
mentals ofClassical Thermodynamics, 3rd ed., English/SI, Wiley , New York , 1986
410 Apéndice
1.5
1.4
1.3
1.2
1.1
Figura A-6 Gráfica de la fugacidad generalizada. Fuente: G.J. Van Wylen y R.E. Sonntag, Fundamel/[a/s ofC/assical
Thermodynamics, 3rd. ed., English/Sl, Wiley , New York, 1986
Figura A-7 Diagrama entropía-temperatura para el agua. Fuente: J.H. Keenan , F.G. Keyes, P.G. Hill y J.G. Moore, Steam Tables, Wiley, New York , 1978 }:¡,.
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11
il li
§ § § 8
Temperatura. oc
.....
412 Apéndice
Entropía, kJ/kg ·K
Ol Ol
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-a. -a.
-
ñi
UJ
e
2900
e
UJ
2200 L-LU L-
4 ,5 5,0 5,5 6,0 6,5 7,0 7,5
Entropía, kJ/kg ·
K
Figura A-8 Diagrama entalpía-entropía para el agua. Fuente: J.B. Jones y G.A . Hawkins, Engineering
Thermody namincs, 2nd ed., Wiley, New York , 1986.
1-
41
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... ....
Humedad específica, kg agua/kg aire seco
Figura A-9 Diagrama psicrométrico para 1 atm. Fuente: Z. Zhang y M.B. Pate, "A Methodology for Implementing a
Psychrometric Chart in a Computer Graphics System," ASHRAE Transactions, Vol. 94, Pt. 1, 1988.
NOMENCLATURA
f fugacidad p presión
J momento Patm presión atmosférica
g,G función de Gibbs específica, función de Gibbs Pr presión relativa (para uso en tablas)
constante de relación entre fuerza, masa , longitud y PR presión reducida: pip e
8c
tiempo PCI poder calorífico inferior
-o función de Gibbs de formación por mol en el estado PCS poder calorífico superior
g
estándar q flujo de calor por unidad de superficie
h coeficiente de transferencia de calor Q calor
h,H entalpía específica, entalpía Q flujo de calor
415
416 Nomenclatura
<:ompresibilidad
e foco o reservorio caliente, alta
temperatura, combustible
z carga eléctrica
e estado de una sustancia a la entrada del volumen de
Letras control
griegas
a compresibilidad isoentrópica segundo principio)
P productos
pt punto triple Superíndices
R reversible, reactantes a componente del ambiente de referencia para la
exergía
ref valor o estado de referencia
q contribución química a la exergía
reg regenerador
res foco o reservorio una barra sobre un símbolo indica que la propiedad
S estado de una sustancia a la salida del volumen de está en base molar (sobre X, V,H, S, U, 1¡1, G,
control indica que la propiedad correspondiente es parcial
molar)
S isoentrópico un punto sobre un símbolo indica variación
sa saturación adiabática con respecto al tiempo
sat saturado o propiedad en el estado estándar
t turbina gas ideal
* cantidad correspondiente a la velocidad del sonido
V vapor
*
-= -
- 1.7 24,78 kmol; 1,785 kmol; 2,934 kmol; 1,134 kmol 2.13 13,2kWh
2
-1.8 6,86 m/s 2.14 11,08 kW
-1.9 531,9 N
2.15 -1,963 J
1.10 8,33 m 3/kmol
2.16 -2,5 X lQ-5 J
3
1.11 (a) 1,935 m /kg; (b) 210,7°C; (e) 522 K
2.17 45kW
1.12 0,2397bar
2.18 0,145 kW; 0,735 kW; 5,67 kW
1.13 93,11lbf/in.; 0,642 MPa
2.19 25 W/m2·K
1.14 1,18
2.20 64mm
1.15 .(a) 2,67 kPa; (b) 85,67 kPa
1.16 51 kPa (vacío) 2.21 (a) +90, +70; (b) +50, +20; (e) +105, +55;
1.17 (a) 9,81 x 1Q-4 bar; (b) 0,01333 bar (d) -90, +50; (e) +50, -80
1.18 0,2 bar (vacío) 2.22 85,8 L.,.
1.19 849 kPa 2.23 405 kJ/kg
.....:::::.::r-
1.20 101,98 kPa 2.24 -5,625 m3
2.25 1,27 X lOS kJ
1.23 (a) 21,11°C; (b) -17.78°C; (e) -34,44°C; (d)
260°C; (3) 100°C; (f) -273,15°C 2.26 (a) 1,56 kW; (b) 8.640 kJ
1.26 (a) 2,78 kg/s; (b) 4MPa; (e) 693 K; (d) 50 bar 2.29 (a) 50 W; (b) 60 kJ
2.30 -2.158 kJ
2.1 14,2 m/s
2.31 (a) 112,6 kPa; (b) 56,4 J; (e) 117,9 J
2.2 5Q kJ
2.32 (b) -8,28 kJ; (e) 36,9 kJ
2.3 70 m/s; 523,7 m 2.33 25.000 kJ; 15.000 kJ
2.4 60m/s 2.34 150 MJ
2.5 84kJ
2.35 foco caliente: gases de la combustión del carbón;
2.6 -9,6 kJ foco frío: agua de refrigeración
2.7 80,47 kJ 2.36 foco caliente:habitación; foco frío:interior del fri
2.8 150 kPa; 0,125 kJ gorífico (cámara de congelación)
2.9 1.,1 kJ 2.37 foco caliente:aire exterior; foco frío: aire interior
2.10 1,14 kJ 2.38 24,75 kW
2.11 191 N·m; 688 N·m 2.39 1.266,1 kJ; 1,67
2.12 (a) -1,1 kW; 0,995 kW; (b) -0,105 kW; 2.40 12.500 kJ; 17.500 kJ
(e) -2,2 kWh; 1,99 kWh
419
42 Respuestas a algunos
0 problemas
3.2 (a) y (e) vapor sobreealentado, (b) Dos fases líquido- 3.46 10,509; 12,730
vapor, (d) líquido subenfriado, (e) sólido
3. 7 300,7 K; 1,16 kg/m3
3.6 (a) 78,3%; (b) 83,7%
3.49 (a) 0,397 kg; (b) 1,218 bar; (e)'243,6 K; (d) 3,84 kJ;
3.7 71,3% 18,8 kJ .
3
3.8 0,1521 m 3.50 425,6 K; 2,462 bar
3.9 Hay dos fases: Tsat = 41,64oc 3.52 1,041 kJ/k:g K
3.10 0,1229 m3 3.53 1,5 bar
3.11 279 kg; 567,3 k:Pa 3.54 (b)- 10,74 kJ; (e) -23,27 kJ
3.12 mr = 0,753 kg; mg = 2,259 kg 3.55 (b) 11,95%
3.13 mr = 0,00722 kg; mg = 0,06499 kg, vr = 0,08%,
Vg = 99,92% 4.1 99,08 kg
3.14
m 3 0,2489 49,4% 2 2
;
dL D -D C
C
4.3 1 1 2 2
3.15 (a) 2,339 a; (b) 99,745%; (e) vr= 0,6738%, --
(e) de O a 15,080 k:Pa
Vg = 99,33%
3.18 1,05%
3.19 1,03·
3.21 (a) 1,695 m3/kg; 2.778,6 kJ/k:g; (b) 111,4°C;
2.060,5
kJ/k:g; (e) 0,2652 m3/kg; 3.260,7 kJ/kg; (d) 0,9177
MPa; 2.827,5 kJ; (e) 2,36 ·10-3 m3/kg; 2.055,9
kJ/k:g;
(f) 0,1022 m3/k; 14,54 bar; (g) 0,2602 k:Pa;-
354,09
kJ/k:g ; (h) 1,078. 10-3 m 3/k:g; 587,82 kJ/k:g
3.22 (a) 0,1216 m 3/k:g; 222,2 kJ/kg; (b) 306 k:Pa;
226,7 kJ/kg; (e) 32,74°C; 89,97 kJ/kg
3.23 (a) 1,120. w-3 m3/kg; 767,84 kJ/k:g;
(b) 1,127. w-3 m3/k:g; 773,3 kJ/kg
3.24 430,28 kJ/k:g
3.25 7,98 · 104 m3/kg; 75,42 kJ/kg
3.27 -991,5 kJ
3.28 1,95 h
3.29 - 12,81 kJ/kg; - 1,752 kJ/k:g
3.32 248,9 kJ/kg; 221,2 kJ/k:g
3.33 4.516 kJ; 338,6 kJ
3.34 609,3 J
3.35 - 177,7 kJ;- 23,13 kJ
3.36 505,8 kJ; 642,9 kJ;- 3.383,9 kJ; 3.246,8 kJ
5.2 (a) sí; (b) 58,285 kJ 6.20 no; cedido por el sistema
5.11' (b) a+ oo; (e) 11 = t - (exp (Op)/exp (Oc))
-00
6.21 no
5.13 47,95 %; 479,5 Btu 6.22 (a) 63,4; (b) 0,0323
5.14 951,9 6.23 (a) 223,9; (b) 0,0051
5.15 Disminuir TF 6.25 (a) 60; (b) 1,46; (e) 0,032
1
5.16 (a) T = (Tp + Tc)/2; (b) T =(Te x Tp) n 6.26 (a) 319,9; (b) 1,64 X 10-3; (e) 1,79 X I.0-3
5.17 (a) max = 0-11max )/11max ; 'Ymax = 1/11max 6.27 7,774
5.18 (a) in1posible;
, (b) reversible; (e) imposible; (d) irre- 6.28 (h) 6; 5,14 x w-3
versible; (e) irreversible; (f) reversible; (g) imposible 6.29 (b) Tc"C.T'c, T'p"C.Tp;
5.19 4,8% (e) WR = Qc(l-T'piT'c)'
5.20 37,5% W1 = Qc (1- TpiTc)
5.21 (a) 7.668 m2; (b) 13.833 m2 6.31 (a) mayor; (b) menor; (e) igual; (d) mayor;
5.22 (a) irreversible; (b) imposible; (e) reversible; (e) mayor; (f) indeterminada
(d) imposible
6.32 no
5.23 0,0268 6.33 b-7a
5.24 6,37 6.34 posible
5.25 Qp/Qc = (Tp/Tc) (Te- T0) 1 (T0 - Tp) 6.35 0,0245;_ 5, 7
5.26 1.293 ptas/día 6.36 (a) 22; (b) 0,818
5.28 (a) Q'ciQc = (T'ciTc) (TciTp)I(T'c-T'F);
6.38 256,8
(b) TFIT' p< TciT' e (a) 0,0224; (b) 0,675; 0,0238
6.39
5.29 (e) 20,8% 6.40 0,0318 kW/K
3
5.30 (a) 585,4 K; 292,7 K; (b) 0,193 m 6.41 (a) 0,222; (b) 0,2181 kJ/kg· K
2 2
5.32 (a) 200 lbf/in. ; 25 lbf/in. ; (e) 0,448 6.42 (a) 1,034 bar; 447,8 kJ/kg; (b) 1,026; 448,5;
(e) 1,233; 401,8
6.45 (a) 4.383; 183,1; (b) 81,3%
6.1 (a) acicio = (WR- W1)/TF
6.47 (a) 645,06; (b) 92 %; (e) 0,0209
6.5 (a) 7,024 kJ/kg K; (b) 2,3294; (e) 3,7729
(a)·1,7317; (b) 1,7235; (e) 1,8033 6.48 (a) 256,7; (b) 145,09
6.6 6.49 (a) -133,95; (b) -162,17; -30,66; (e) -169,94
6.7 (a) V; (b) F; (e) V; (d) F; (e) V; (f) V
0,0246 kJ/K; --0,0344; 0,0099
6.50 41,789 kW
6.8
6.9 (a) --0,4969; (b) --0,5028; (e) --0,5039
7.5 (a) 123°F; (b) 710 r.p.m.
6.10 (a) 1,2687; (b) -62,02; -190,54; (e) --0,346
6.11 11 = (T3-T1)/(T3 + T1); 11 = (TrT1)/(2 T3) 7.6 202,83 kJ; 57,4 kJ; Aw= 28,7 kJ; AQ = 57,93 kJ
6.12 (a) 0,463; 2,16; (b) 505,27; 328,92; 176,35; (e) 0,349 7.7 (a) 353 K; 300 kPa; (b) 345,;_kJ
6.17 (a) W
(a) -6,8; 1,7; (b) 3,4
=mp (vg- vr); Q =m (hg,.... ht.)
"7.14 (a) 243,7; 23,1; AQ = 81,7; Aw = 20,5; (b) 40,82
6.18 (a) F; (b) V; (e) F; (d) F 7.15 (b) 11max = 1-TF/TC:
6.19 47,22 kJ (e) I = T0 Qc (Te- TF)!(Tc TF)
422 Respuestas a algunos
problemas
7.18 (a) 2.001,3 kJ!kg; 1.531,9 kJ/kg; (b) 46,54; 7.25 (a) -57,55; (b) 90,68
27,33;
(e) 631,4; 397,8 7.26 (b) 33.600 ptas./año
7.20 wR = (h- h0)- T0 (s- s0) + C2/2 + gz 7.27 (a) 0,093; (b) 7%
7.21 (a) 532,6 kJ/kg; (b) -15 kJ/kg; (e) 142,94 kJ/kg; 7.29 (a) -0,146; (b) 18,87; (e) 86,4%
157,44 kJ/kg
7.30 (a) -236,3; (b) 85,3%
7.22 -134,7 kJ/kg; 16,27 kJ/kg; 12%
7.31 (a) 305; (b) 41.408; (e) 10,9%
7.23 -32,13; 3,43
7.32 (a) 3,829; (b) 894,2; (e) 45,9%
7.24 (a) 64,17; (b) 440,96; (e) 1,929; (d) 317,18
ÍNDICE ALFABÉTICO
423
424 Índice affabético
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