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Continuidad v1.4
Continuidad v1.4
Continuidad v1.4
Continuidad de Funciones
dX (x, a) < δ
Definición 5.4 Una función f que no es continua en un punto a, se dice que tiene
una discontinuidad o que es discontinua en dicho punto.
∀ A ⊂ Y, A abierto :
−1
f (A) abierto ⇐⇒ f continua
Continuidad de funciones definidas entre espacios métricos 125
∀A ⊂ Y, A cerrado:
−1
f (A) cerrado ⇐⇒ f continua
A = {x ∈ X / f (x) = g (x)}
es un cerrado.
dX (x1 , x2 ) < δ
Ejemplo 5.2 Demostrar que la función g(x) = 3−x es una contracción en [0, 1].
3−a − 3−b = 1 − a ln 3 + 1 2 2 1 3 3
2! a ln 3 − 3! a ln 3 + ...
1 2 2 1 3 3
− 1 − b ln 3 + 2! b ln 3 − 3! b ln 3 + ...
= −(a − b) ln 3 + 2! 1
(a2 − b2 )ln2 3 − 3!
1
(a3 − y 3 )ln3 3 + ...
= |a − b| |−ln 3| 1 − 2!1
(a + b)ln 3 + 3!1
(a2 + ab + b2 )ln2 3 + ...
1
≤ ln 3 |a − b| 1 − 2! (1 + 1)ln 3 + 3!1
(1 + 1 + 1)ln2 3 + ...
ln 3 ln2 3
= ln 3 |a − b| 1 − 1! + 2! + ... =
= 3−1 ln 3 |a − b| < |a − b|
Demostración.
Definición 5.8 Sea f una función del espacio métrico X en sı́ mismo. Se dice que
x ∈ X es un punto fijo de f si
f (x) = x
x1 = f (x0 )
x2 = f (x1 )
..
.
xn = f (xn−1 )
∀ ε > 0, ∃ p ∈ N / ∀ n ≥ p, n + i ≥ p,
−→ dX (x1, x2 ) < ε
128 Continuidad de Funciones
Ejemplo 5.4 Demostrar que la función g(x) = 3−x tiene un único punto fijo en
el intervalo [0, 1].
Ya demostramos en el ejemplo 5.2 que g(x) = 3−x es una contracción en [0, 1].
Además, según el teorema 3.5, todo subconjunto cerrado de un espacio métrico
completo es también un espacio métrico completo. El intervalo [0, 1] es cerrado y
el espacio métrico (R, d1 ) es completo, luego aplicando el teorema 5.10, se puede
asegurar que g(x) tiene un único punto fijo en [0, 1].
Pi0 = Pi ∩ f (X)
Como se cumple
f (X) ⊂ ∪i (Pi ), i∈I⊂N
entonces
X ⊂ ∪i f −1 (Pi ), i∈I⊂N
y cada f −1 (Pi ) con i ∈ I, es abierto en X al ser f continua, por lo que f −1 (Pi) i∈I
1
dX (xn , yn ) < y dY [f (xn, ), f (yn )] ≥ ε
n
Como A es compacto, existe una subsucesión xnk de xn convergente en X, cuyo
lı́mite será x. La subsucesión ynk correspondiente converge también a x pues-
to que dX (xnk, ynk ) ≤ n1k . Al ser f continua , las sucesiones f (xnk ), f (ynk ),
convergen
y entonces dY [f (xnk ), f (ynk )] → 0, lo cual contradice que
a f (x)
dY f (xn ), f (yn) ≥ ε para todo k ≥ 1.
x2 − x
Ejemplo 5.5 Demostrar que la función f (x) = es uniformemente conti-
x2 + 1
nua en [0, 1].
Por una lado, la función es continua en todo R. Por otro lado, el intervalo
[0, 1] es cerrado y acotado, luego es un subconjunto compacto de R. Entonces, del
teorema de Heine (5.13), se deduce que f (x) es uniformemente continua en [0, 1].
f −1 (A1 ) ∪ f −1 (A2 ) = X
−1 −1
f (A1 ) ∩ f (A2 ) = ∅
Ejemplo 5.6 Dada la función del ejemplo 5.5, demostrar el carácter conexo o no
de las imágenes de los siguientes subconjuntos de R,
a. f ({0, 1})
b. f ((0, 1))
c. f ([0, 1])
d. f (N)
e. f (Z)
f. f (Q)
Definición 5.12 Un espacio métrico (Y, dY ) se dice que es conexo por arcos si se
verifica,
∀ y1, y2 ∈ Y ∃([a, b] , f )/f (a) = y1, f (b) = y2
H
G g(G)
E
f(E)
g(f(E))
g
f f(a)
q
a * j
*
* g(f(a))
Ejemplo 5.7 Dadas las funciones f (x) = cos x y g(x) = |x|, demostrar que la
función compuesta (g ◦ f )(x) es continua en el origen.
Teorema 5.21 Sean X, Y , dos espacios métricos y f una función biyectiva conti-
nua de X en Y . Si X es compacto, entonces f es un homeomorfismo.
Definición 5.14 Sean (X, dX ) e (Y, dY ) dos espacios métricos. Una función bi-
yectiva f de X en Y se dice que es una isometrı́a si, y solo si, conservan las
distancias.
La función f (x) será una isometrı́a, ∀a, b ∈ R, si se cumple (definición 5.14) que
|f (a) − f (b)| = |a − b|. En este caso,
Ejemplo 5.9 Encontrar el valor de p para que la siguiente función sea continua
en el origen,
( p
(1 − tg x) x , si x 6= 0
f (x) =
e, si x = 0
Calculemos el lı́mite en x = 0,
p
p lı́m ln (1−tg x) lı́m − p tg x
lı́m (1 − tg x) x = ex→0 x = ex→0 x
= e−p
x→0
x3 −8
a. f (x) = x3 −2x2 +x−2
(
etg x +1
etg x −1si x 6= (2k + 1) π2 , ∀k ∈ Z
b. g(x) =
1 si x = (2k + 1) π2 , ∀k ∈ Z
1
c. h(x) = e x
1
d. l(x) = sen
x
Al ser ε tan pequeño como se quiera, f (x) tiene que tener el mismo signo que
f (a). El mismo razonamiento se sigue para el caso f (a) < 0.
Según el teorema del punto fijo, en un espacio métrico completo, toda contracción
definida sobre él admite un punto fijo y es único. Entonces tenemos, por un lado,
que [0, 1] es un subespacio métrico de R. Como R es un espacio métrico completo
y [0, 1] es un conjunto cerrado, en virtud del teorema 3.5, el subespacio métrico
x
[0, 1] es completo. Veamos ahora si f (x) = e3 es una contracción, es decir, si
ea eb
∀a, b ∈ [0, 1] se cumple que 3 − 3 < |a − b|.
En efecto,
ea eb
−
3 3
1 a a2 an b b2 bn
= 1+ + +···+ + · · · − (1 + + +···+ + · · ·)
3 1! 2! n! 1! 2! n!
1 a − b a 2 − b2 an − bn
= + +···+ +···
3 1! 2! n!
|a − b| 1 a+b an−1 + b an−2 + · · · + bn−2 a + bn−1
= + +···+ +···
3 1! 2! n!
|a − b| 1 2 n
< + +···+ +···
3 1! 2! n!
|a − b| 1 1 1 |a − b| e
= + +···+ +··· = |e| = |a − b| < |a − b|
3 1! 1! (n − 1)! 3 3
ex
Luego f (x) = 3 es una contracción y, por tanto,
ec
∃c ∈ [0, 1] | 3 = c.
Para que f (x) = sen x sea uniformemente continua, se debe cumplir que ∀a, b ∈
R, si |a − b| < δ, entonces ∃ε tal que |sen a − sen b| < ε. En efecto, sabiendo que,
Se tiene que,
a+b a−b
≤ 2 1 sen a−b
|sen a − sen b| = 2 cos 2 sen 2 2
|a−b|
2 sen a−b < 2 sen 2δ = ε
= 2 = 2 sen 2
LH0 √ −e −h
+ sen(h) √
−−−→ 2 lı́m =− 2
h→0 1
Seguimos por la derecha:
lı́m ax + b = lı́m a h + b = b
x→0+ h→0
f (0) = b
Ejercicios resueltos 141
Para que la función sea continua deben coincidir los dos lı́mites laterales con el
valor de la función, por tanto:
√
lı́m− f (x) = lı́m+ f (x) = f (0) → b = − 2
x→0 x→0
√
La función será continua para b = − 2, ∀a ∈ R.
En x = 1 la función toma el valor f (1) = a. Como debe coincidir con los dos
lı́mites laterales para que sea continua, se tiene que:
lı́m E(x) = a
x→a+
lı́m E(x) = a−1
x→a−
Por tanto, la función f (x) = E(x) presenta una discontinuidad de primera especie
de salto finito igual a a − (a − 1) = 1 en los punto enteros de R. En los valores
no enteros de R la función es continua, es decir,
a. f (0) = 0.
b. Lı́mites laterales,
x
lı́m = 1
x→0+ |x|
x
lı́m = −1
x→0− |x|
Luego,
a. f (0) = 0.
b. Lı́mites laterales,
1 1
lı́m e x = lı́m e h = ∞
x→0+ h→0
1 1
lı́m− e x = lı́m e −h = 0
x→0 h→0
Luego,
x2 − y 2 (x − y)(x + y) x+y 2
lı́m = lı́m = lı́m = =∞
x→1 x2 − 2xy + y 2 x→1 (x − y)2 x→1 x − y 0
y→1 y→1 y→1
xy 3 3
2 cos ω sen ω
lı́m = lı́m ρ = ρ2 cos ω sen3 ω = 0
x→0 x2 + y 2 ρ→0 cos2 ω + sen2 ω
y→0
Por tanto, el resultado del lı́mite doble es 0 y coincide con el valor de la función
en el origen. Es decir,
Luego el lı́mite doble es 0 y coincide con el valor de la función en (0, 0), es decir,
teorema de Bolzano, en cada intervalo tiene que existir un punto donde se anula
la función.
Problema 5.2 Indicar si las siguientes proposiciones son verdaderas o falsas. Para
cada caso poner un ejemplo que lo corrobore.
Solución:
a. No. Tendrá un punto de tangente horizontal, pero ese punto puede estar en el
∞. Por ejemplo, y = 7(1 − e−x ).
b. Si. La función cumple las condiciones del teorema de Bolzano. Por ejemplo,
p
y = − 32 x3 + 53 x. El punto donde esta función se anula es x = + 5/2 ∈ (1, 2).
a. [0, 1]
b. [0, 1] ∩ [2, 3]
c. Q
d. 0, 1
e. 0
Solución:
a. Es conexo.
b. No es conexo.
c. No es conexo.
d. No es conexo.
e. Es conexo.
Problema 5.13 Encontrar los valores de p para que exista lı́m f (x), siendo
x→1
√ √
x+2− 3
x−1
si x > 1,
f (x) = 4 si x = 1,
p x
2 +p si x <1.
Solución:
El lı́mite tiene con resultado,
πx
a. sen 2 , si |x| > 1
b. x2 , si |x| < 1
f (x) =
c. 1, si x = 1
d. 0, si x = −1
En x = −1 es discontinua de primera especie de salto finito igual a 2,
lı́m f (x) = −1
x→−1−
lı́m f (x) =1
x→−1+
Solución: La función no tiene lı́mite doble en (0, 0), por lo tanto en discontinua.
a. Hallar el mayor número r ∈ R tal que f (x, y), esté definida en la bola abierta
B = (x, y) ∈ R|x2 + y 2 < r .
sen xy
Problema 5.40 Estudiar la continuidad en (0, 0 de z = .
xy
Solución: La función no está definida si x = 0 o y = 0. Si se define la función
de la forma: f (x, y) = 1 si x · y = 0, la función serı́a continua en todo R2 .
Problemas propuestos 153
Problema 5.42 Hallar el valor de a para que f (x, y) sea continua en el origen.
4 4
arctg x + y
si (x, y) 6= (0, 0)
x2 + y 2
f (x, y) =
a si (x, y) = (0, 0)
x3 y 2
si (x, y) 6= (0, 0)
2 3
f (x, y) = x y + (x2 + y 2 )2
0 si (x, y) = (0, 0)
Problema 5.45 Hallar el valor de a para que f (x, y) sea continua en el origen.
xy 2 − x3
si (x, y) 6= (0, 0)
2
f (x, y) = x + y2
a si (x, y) = (0, 0)
Solución: La función no tiene lı́mite doble en (0, 0), por lo tanto, f (x, y) es
continua en R − {0} × R − {0}.
Problema 5.50 Hallar el valor de a para que la función sea continua en (0, 0),
3
x − 2xy 2
si (x, y) 6= (0, 0)
x2 + y 2
f (x, y) =
a si (x, y) = (0, 0)