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Aplicaciones ID3 2023-2
Aplicaciones ID3 2023-2
Aplicaciones ID3 2023-2
Facultad de Ciencias
Departamento Académico de Matemática
Curso: CC2076 Cálculo para Ciencias
CICLO : 2023 - II
paramétricas.
Teorema.
𝑏 𝑏 2
2 𝑑𝑦
L=න 1 + 𝑓′(𝑥 ) 𝑑𝑥 = න 1+ 𝑑𝑥
𝑎 𝑎 𝑑𝑥
𝑑 𝑑 2
2 𝑑𝑥
L=න 1 + 𝑓′(𝑦) 𝑑𝑦 = න 1+ 𝑑𝑦
𝑐 𝑐 𝑑𝑦
Solución.
Solución.
Solución.
Teorema.
Sea 𝑟 = 𝑟(𝜃) una función tal que 𝑟′ es continua para todo 𝜃 ∈ 𝛼, 𝛽 , entonces la longitud de
arco L de 𝑟 entre 𝜃 = 𝛼 y 𝜃 = 𝛽 (en radianes) es:
𝛽
2 2
L=න 𝑟(𝜃) + 𝑟′(𝜃) 𝑑𝜃
𝛼
Solución.
1 2𝜋 4𝜋
𝑐𝑜𝑠𝜃 = − ⇒ 𝜃 = , 𝜃= ;
2 3 3
𝑐𝑜𝑠𝜃 = 1 ⇒ 𝜃 = 0, 𝜃 = 2𝜋
P = 2(𝐿1 + 𝐿2 )
2𝜋/3 𝜋
2 2
𝐿1 = න 1 − 𝑐𝑜𝑠𝜃 2 + 𝑠𝑒𝑛𝜃 2 𝑑𝜃 𝐿2 = න 3𝑠𝑒𝑛𝜃 + 3𝑐𝑜𝑠𝜃 𝑑𝜃
0 2𝜋/3
2𝜋/3 𝜋
𝐿1 = න 2 1 − 𝑐𝑜𝑠𝜃 𝑑𝜃 𝐿2 = න 3 𝑑𝜃
0 2𝜋/3
2𝜋/3
𝜃
𝐿1 = න 2 2 𝑠𝑒𝑛 𝑑𝜃 𝜋 3
0 2 𝐿2 =
3
1
𝐿1 = −4 −1 =2
2
El perímetro es:
𝜋 3
𝑃 = 2 𝐿1 + 𝐿2 =2 +2 𝑢
3
Solución.
2𝜋 4𝜋
𝜃= ; ;…
3 3
Solución.
1 𝜋 5𝜋
= 𝑠𝑒𝑛𝜃 ⇒ 𝜃 = ;
2 6 6
P = 2(𝐿1 + 𝐿2 )
El perímetro es:
𝑃 = 2 𝐿1 + 𝐿2 = 2 𝜋 + 4 𝑢
Definición.
Una curva plana es suave si está determinada por un par de ecuaciones paramétricas 𝑥 = 𝑥 𝑡 ,
𝑦 = 𝑦 𝑡 , 𝑡1 ≤ 𝑡 ≤ 𝑡2 donde 𝑥′(𝑡) y 𝑦′(𝑡) existen, son continuas y no son cero simultáneamente
para todo t ∈ 𝑡1 , 𝑡2 .
Teorema.
Sea 𝒞: 𝑥 = 𝑥(𝑡), 𝑦 = 𝑦(𝑡), 𝑡 ∈ 𝑡1 , 𝑡2 , una curva
paramétrica con 𝑥′(𝑡) y 𝑦′(𝑡) continuas. La longitud
de arco de la curva está dada por:
𝑡2
L=න 𝑥′(𝑡) 2 + 𝑦′(𝑡) 2 𝑑𝑡
𝑡1
𝜋Τ3
𝜋Τ3 𝜋Τ3
𝑡 𝑡
𝐿= න 8 1 + 𝑐𝑜𝑠𝑡 𝑑𝑡 = 4 න 𝑐𝑜𝑠 𝑑𝑡 = 8 𝑠𝑒𝑛 อ =4𝑢
0 0 2 2
0
Solución.
Tenemos 𝑥 ′ 𝑡 = 3𝑡 2 , 𝑦 ′ 𝑡 = 2𝑡,
0 3
L= න 9𝑡 4 + 4𝑡 2 𝑑𝑡 + න 𝑡 2 (9𝑡 2 + 4) 𝑑𝑡
−1 0
0 3
L = න −𝑡 9𝑡 2 + 4 𝑑𝑡 + න 𝑡 9𝑡 2 + 4 𝑑𝑡
−1 0
0 3
−1 3Τ2 ቤ
1 3Τ2 ቤ
L= 9𝑡 2 + 4 + 9𝑡 2 + 4
27 −1
27 0
1
L= 31 31 + 13 13 − 16 𝑢
27
𝑥 𝑡 = 1 + 3𝑡 2
𝐶: ቐ , desde 𝐴 = 1,4 hasta 𝐵 = 4,6 .
𝑦 𝑡 = 4 + 2𝑡 3
Solución.
Tenemos 𝑥 ′ 𝑡 = 6𝑡 , 𝑦 ′ 𝑡 = 6𝑡 2
𝑏 𝑏 2
𝑑𝑦
𝐴 𝑠 = 2𝜋 න 𝑟 𝑑𝐿 = 2𝜋 න 𝑦 1 + 𝑑𝑥 𝑢2
𝑎 𝑎 𝑑𝑥
𝑏 𝑏 2
𝑑𝑦
𝐴 𝑠 = 2𝜋 න 𝑟 𝑑𝐿 = 2𝜋 න 𝑦 − 𝑘 1+ 𝑑𝑥 𝑢2
𝑎 𝑎 𝑑𝑥
𝑑 𝑑 2
𝑑𝑥
𝐴 𝑠 = 2𝜋 න 𝑟 𝑑𝐿 = 2𝜋 න 𝑥 − 𝑘 1+ 𝑑𝑦 𝑢2
𝑐 𝑐 𝑑𝑦
𝑦 = 1 + 2 4 − 𝑥, 𝑥𝜖 1,4
a) gira alrededor de la recta 𝑦 = 1.
b) gira alrededor de la recta 𝑥 = 4.
Solución.
4
A 𝑠 = 2𝜋 න 𝑦 − 1 1 + (𝑦′)2 𝑑𝑥
1
2
1 5−x
1 + 𝑦′ =1+ =
4−x 4−x
4
5−x
A 𝑠 = 2𝜋 න 2 4 − 𝑥 + 1 − 1 𝑑𝑥
1 4−x
4
A 𝑠 = 4𝜋 න 5 − 𝑥𝑑𝑥
1
8 3/2
4
𝐴 𝑠 =− 𝜋 5−𝑥 ቚ
3 1
𝟓𝟔
𝑨 𝒔 = 𝝅 𝑢2
𝟑
2
1 5−x
1 + 𝑦′ =1+ =
4−x 4−x
4 4
5−x
A 𝑠 = 2𝜋 න 4 − 𝑥 𝑑𝑥 = 2𝜋 න 5 − 𝑥 4 − 𝑥 𝑑𝑥
1 4−x 1
4
x 2
9 1 9
𝐴 𝑠 = 2𝜋 𝑥 − 9𝑥 + 20 − 𝑥 − 9𝑥 + 20 − 𝑙𝑛 𝑥 − + 𝑥 2 − 9𝑥 + 20 ቤ
2
2 4 8 2 1
𝟏 𝟏 𝟕
𝑨 𝒔 =𝝅 𝒍𝒏𝟐 + 𝒍𝒏 − 𝟐 𝟑 + 𝟕 𝟑 𝑢2
𝟒 𝟒 𝟐
Solución.
2
1 2 2
1 1 1 1 1
𝑦′ = 2𝑥 − por tanto se tiene, 1 + 𝑦′ = 𝑥2 + + 2 = 𝑥+
4 𝑥 4 2 4𝑥 4 𝑥
4 2 4
1 1
𝐴 𝑠 = 2𝜋 න 𝑥 𝑥+ 𝑑𝑥 = 𝜋 න 𝑥 2 + 1 𝑑𝑥
1 4 𝑥 1
4
1
𝐴 𝑠 =𝜋 𝑥 3 + 𝑥 ቤ = 24𝜋 𝑢2
3 1
𝜋 4 3 ln 𝑥
𝐴 𝑠 = න 𝑥 + 𝑥 − 2𝑥𝑙𝑛𝑥 − 2 𝑑𝑥
4 1 𝑥
4
𝜋 1 4 1 2 1
𝐴 𝑠 = 𝑥 + 𝑥 − 𝑥 2 𝑙𝑛𝑥 + 𝑥 2 − 𝑙𝑛2 𝑥 ฬ
4 4 2 2 1
𝝅 𝟑𝟏𝟓
𝑨 𝒔 = − 𝟒𝒍𝒏𝟐 𝟐 − 𝟑𝟐𝒍𝒏𝟐 𝒖𝟐
𝟒 𝟒
Solución.
𝑦 = ln 𝑥 2 − 1 − 𝑥 , −5 ≤ 𝑥 ≤ −2,
al girar alrededor de la recta 𝑥 = 1
Solución.
La derivada es,
1
𝑦′ = −
𝑥2 − 1
1 𝑥2
1+ 𝑦′ 2 =1+ =
𝑥 2 −1 𝑥 2 −1
−2 1 1 −2
𝐴 𝑠 = 2𝜋 (𝑥 − 1) 𝑥2 −1 − 2
𝑥 𝑥2 −1− 2
𝑙𝑛 𝑥+ 𝑥2 −1
−5 −5
𝐴 𝑠 = 7 24 − 4 3 + 𝑙𝑛 3 − 2 − 𝑙𝑛 24 − 5 𝜋 𝑢2
Si una particula es desplazada a lo largo de una recta por una fuerza (en Newton)
continuamente variable 𝐹(𝑥), entonces, el trabajo 𝑊 (en Joules) realizado por la fuerza,
para desplazar la particula desde 𝑥 = 𝑎 hasta 𝑥 = 𝑏 (metros), se define por:
𝑏
𝑊 = න 𝐹 𝑥 𝑑𝑥
𝑎
La fuerza 𝐹(𝑥), en Newton, requerida para mantener un resorte estirado o comprimido 𝑥 metros
desde su longitud natural está dado por:
𝐹(𝑥) = 𝑘𝑥
donde:
𝑘: es la constante del resorte (N/m).
𝑥: medido en metros
𝒙𝟐
𝑾𝑳𝟏−𝑳𝟐 = න 𝒌𝒙 𝒅𝒙
𝒙𝟏
Solución.
0.1
0.1
𝑥2 1
𝑊=න 400𝑥𝑑𝑥 = 400 อ = 200 = 2𝐽
0 2 100
0
𝑊 =2𝐽
Solución.
5
𝐹 = 𝑘𝑥 ⇒ 80 = 𝑘 ⇒ 𝑘 = 1600.
100
11
11 2 2
100
100 1 2 11 7
𝑊=න 1600𝑥𝑑𝑥 = 1600 𝑥 อ = 800 −
7 2 7 100 100
100
100
144
𝑊= 𝐽
25
Solución.
2
6𝑁 = 𝑘 ⇒ 𝑘 = 300 ⇒ la fuerza 𝑓 𝑥 = 300𝑥
100
a)
3/100
3/100
𝑥2 3
𝑊=න 300𝑥 𝑑𝑥 = 300 อ = 𝐽
1/100 2 25
1/100
b)
5/100
5/100
𝑥2 3
𝑊=න 300𝑥 𝑑𝑥 = 300 อ = 𝐽
0 2 8
0
Solución.
Longitud natural: 𝐿
0.14−𝐿
6 = 0.12−𝐿 𝑘𝑥𝑑𝑥 ⇒ 12 = 𝑘(0.26 − 2𝐿)(0.02) … (1)
0.16−𝐿
10 = 0.14−𝐿 𝑘𝑥𝑑𝑥 ⇒ 20 = 𝑘(0.3 − 2𝐿)(0.02) … (2)
3 0.26−2𝐿
= ⇒ 𝐿 = 0.1m
5 0.3−2𝐿
Luego
Reemplazando L en la ecuación (1) o (2) tenemos 𝑘 = 10000 𝑁/𝑚
Finalmente el trabajo requerido es:
8 0.08
100 𝑥2
𝑾=න 𝑘𝑥𝑑𝑥 = 10000 อ = 14𝑱
6 2
100 0.06
a) Calcule el trabajo (en Joules) que se requiere para comprimir el resorte de la longitud natural a (𝑳 − 𝟐) cm.
b) Si se requiere de 50 J para estirar el resorte hasta 70 cm. Calcule la longitud natural (en cm) del resorte.
Solución.
De los datos tenemos: Longitud natural: 𝐿
𝐹 = 𝑘𝑥
5
80 = 𝑘 ⇒ 𝑘 = 1600
100
8
𝑊= 𝐽
25
b) Si con 50J se estira de L a 70 cm., su longitud natural L es:
70
−𝐿 70 2
100
𝑥2 1 2 100
−𝐿 70
𝑊 = 50 = 1600 อ ⇒ = 𝑥 ቚ = −𝐿
2 16 0 100
0
1 7
± = −𝐿
4 10
𝑳 = 𝟎. 𝟒𝟓 𝒎 = 𝟒𝟓 𝒄𝒎
El momento de masa 𝑴𝑳 de una particula respecto a una recta L, se define como el producto de su
masa y su distancia a la recta L, es decir
𝑴𝑳 = 𝒎𝒅
Donde:
𝑚: masa de la partícula
𝑑: distancia a la recta
𝑴𝒙 = 𝒎𝒚, 𝑴𝒚 = 𝒎𝒙
𝑀𝑦 = 𝑚1 𝑥1 + 𝑚2 𝑥2 + 𝑚3 𝑥3 + 𝑚4 𝑥4
𝑀𝑥 = 𝑚1 𝑦1 + 𝑚2 𝑦2 + 𝑚3 𝑦3 + 𝑚4 𝑦4
𝑴𝒚 = 𝒎1 𝒙1 + 𝒎2 𝒙2 + 𝒎3 𝒙3 + 𝒎4 𝒙4 + ⋯ + 𝒎𝒏 𝒙𝒏 = 𝒎𝒊 𝒙𝒊
𝒊=1
𝑴𝒙 = 𝒎1 𝒚1 + 𝒎2 𝒚2 + 𝒎3 𝒚3 + 𝒎4 𝒚4 + ⋯ + 𝒎𝒏 𝒚𝒏 = 𝒎𝒊 𝒚𝒊
𝒊=1
𝒎 = 𝒎𝒊 ,
𝒊=1
entonces, 𝑀𝑥 = 𝑚𝑦,
ത 𝑀𝑦 = 𝑚𝑥ҧ ,
𝑴𝒚 𝑴𝒙
de donde: ഥ=
𝒙 ഥ=
y 𝒚
𝒎 𝒎
Solución.
La masa m=7+4+6+8 = 25
El momento del sistema respecto al eje Y
𝑀𝑦 = 7 3 + 4 0 + 6 −4 + 8 5 = 37
El momento del sistema respecto al eje X
𝑀𝑥 = 7 −2 + 4 0 + 6 3 + 8 2 = 20
𝑀𝑦 37 𝑀𝑥 20
𝑥ҧ = = = 1.48 𝑦ത = = = 0.8
𝑚 25 𝑚 25
ഥ) = (𝟏. 𝟒𝟖 , 𝟎. 𝟖 )
𝒙, 𝒚
Centro de masa (ഥ
Consideremos una región plana (lámina plana) como se muestra en la siguiente figura, con
densidad constante 𝜌 (uniforme), limitada por las curvas 𝑦 = 𝑓(𝑥), 𝑦 = 𝑔(𝑥) y 𝑥 = 𝑎, 𝑥 = 𝑏.
𝒃 𝒇𝟐 𝒙 − 𝒈𝟐 (𝒙൯
𝑴𝒙 = 𝝆 න 𝒅𝒙
𝒂 𝟐
𝒃
𝑴𝒚 = 𝝆 න 𝒙 𝒇 𝒙 − 𝒈 𝒙 𝒅𝒙
𝒂
𝑴𝒚 1 𝒃
ഥ
𝒙= = න 𝒙 𝒇 𝒙 − 𝒈 𝒙 𝒅𝒙
𝒎 𝑨 𝒂
𝑴𝒙 1 𝑏 2
𝑦ത = = න 𝑓 𝑥 − 𝑔2 (𝑥) 𝑑𝑥.
𝒎 2𝐴 𝑎
𝑨: área de la región
𝑴𝒚 1 𝑑 2
𝑥ҧ = = න 𝑓 𝑦 − 𝑔2 (𝑦) 𝑑𝑦
𝒎 2𝐴 𝑐
𝑴𝒙 1 𝑑
𝑦ത = = න 𝑦 𝑓 𝑦 − 𝑔 𝑦 𝑑𝑦
𝒎 𝐴 𝑐
𝐴: área de la región.
𝑴𝒙
𝑦ത =
𝒎
𝑴𝒚
𝑥ҧ =
𝒎
Solución.
En la gráfica mostramos la región
mencionada.
Hallando lo puntos de intersección
𝑥 2 − 3 = −2𝑥 2 ⇒ 𝑥 = ±1
Los puntos de intersección son:
(−1, −2) y (1, −2)
1 1
𝐴=න −2𝑥 2 − 𝑥 2 − 3 𝑑𝑥 = න −3𝑥 2 + 3 𝑑𝑥 = 4
−1 −1
1 𝑏 2 1 1
𝑦ത = න 𝑓 𝑥 − 𝑔2 (𝑥) 𝑑𝑥 = න (−2𝑥 2 )2 −(𝑥 2 − 3)2 𝑑𝑥
2𝐴 𝑎 8 −1
1 1 4 2
8
= න 3𝑥 + 6𝑥 − 9 𝑑𝑥 = −
8 −1 5
8
Entonces en centro de masa es 𝑥,ҧ 𝑦ത = 0, − 𝑢
5
𝑒2 − 4
𝐴=
𝑒
1 2 3 −2
𝑀𝑥 = 𝑒 − 𝑒 + 1
6 2
𝑒 4 + 6𝑒 2 − 9
𝑥, 𝑦 = 0,
6𝑒 𝑒 2 − 4
Solución.
Los puntos de intersección se determinan resolviendo
𝑦 3 = 8𝑥 6 = −8𝑥 9 ⇒ 𝑥 = 0 ∨ 𝑥 = −1, de donde se obtienen los puntos −1,2 y 0,0 .
7 2
A= u
10
7 4
𝑀𝑦 = − 𝑀𝑥 = .
20 7
1 40
𝐶= − ,
2 49
Solución.
Hallaremos los puntos de intersección
𝑥 = 𝑦 + 2 = 𝑦 2 ⇒ 𝑦 = −1 ∨ 𝑦 = 2.
2
𝑑 2
1 2 2
3 2 2 2
3 (𝑦 + 2)3 𝑦5 3 184 46
𝑥ҧ = න 𝑓 𝑦 − 𝑔 (𝑦) 𝑑𝑦 = න (𝑦 + 2) −(𝑦 ) 𝑑𝑦 = − อ = . =
2𝐴 𝑐 2(10) 0 20 3 5 20 15 25
0
2
𝑑 2
1 3 2
3 𝑦3 𝑦4 3 4 4
𝑦ത = න 𝑦 𝑓 𝑦 − 𝑔 𝑦 𝑑𝑦 = න 𝑦 𝑦 + 2 − 𝑦 𝑑𝑦 = + 𝑦2 − อ = . =
𝐴 𝑐 10 0 10 3 4 10 5 5
0
46 4
Así, el centro de masa es ,
25 5
Solución.
2
1 8
𝐴=න 1 − 𝑦 2 − 𝑦 3 − 2𝑦 2 𝑑𝑦 =
0 4 3
2
1 13
𝑀𝑥 = න 𝑦 1 − 𝑦 2 − 𝑦 3 − 2𝑦 2 𝑑𝑦 =
0 4 5
2
1 2 1 2 1 2 1 2 63 4 8
𝑀𝑦 = න 1− 𝑦 − 𝑦 3 − 2𝑦 2 2 𝑑𝑦 = න 1 − 𝑦 − 5 6
𝑦 + 4𝑦 − 𝑦 𝑑𝑦 = −
2 0 4 2 0 2 16 105
Solución.
Los puntos de intersección
Parábola con la recta:
𝑦 = −𝑥 2 = −𝑥 − 2 ⇒ 𝑥 = −1, 𝑥 = 2
Parábola con la raíz cuadrada:
𝑦 = −𝑥 2 = −2 2𝑥 ⇒ 𝑥 = 0, 𝑥 = 2.
𝑀𝑦 𝑀𝑥
𝑥ҧ = ; 𝑦ത =
𝐴 𝐴
0 2
𝐴 = න −𝑥 2 − −𝑥 − 2 𝑑𝑥 + න −2 2𝑥 − −𝑥 − 2 𝑑𝑥
−1 0
0 2
𝐴=න −𝑥 2 + 𝑥 + 2 𝑑𝑥 + න −2 2𝑥 + 𝑥 + 2 𝑑𝑥
−1 0
0 2
𝑥3 𝑥2 𝑥 3/2 𝑥 2
𝐴= − + + 2𝑥 + −4 2 + + 2𝑥
3 2 −1
3 2 0
7 2 11
𝐴= + =
6 3 6
ഥ = − 9 , − 72
𝑥ത , 𝑦 110 55
GRACIAS