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Taller #1
Taller #1
Taller #1
Taller #1
1
N
Q K (r−r k )
E= ∑
4 π ε o K=5 |r−r k|3
E=
QK
[( 0,0,3 )−(2 ,−2,0)
3
+
( 0,0,3 )−(−2 ,−2,0)
3
+
( 0,0,3 )−(−2,2,0) ( 0,0,3 ) −(2,2,0) ( 0,0,3 )−( 0,0,
+ +
4 π ε o |( 0,0,3 )−( 2,−2,0)| |( 0,0,3 ) −(−2 ,−2,0)| |( 0,0,3 ) −(−2,2,0)|3 |( 0,0,3 )−(2,2,0)|3 |( 0,0,3 )−(0,0,0
[ ]
QK (−2,2,3) (2,2,3) (2 ,−2,3) (−2 ,−2,3) ( 0,0,3 )
E= + + + +
4 π εo 3 3 3 3 3
|(4 +4 +9)| |(4 +4 +9)| |(4 +4 +9)| |(4 +4 +9)| |(0+0+ 9)|2
2 2 2 2
[ ]
−6
1 5 x 10 (−2,2,3) (2,2,3) (2 ,−2,3) (−2,−2,3) ( 0,0,3 )
E= + + + +
10
−9
17 √ 17 17 √ 17 17 √ 17 17 √ 17 27
4π
36 π
E=135 x 10 0,0 ,
3
( 12
+
3
17 √ 17 27 )
=38,1 a Z k
N
C
Nombre: Juan Esteban Acosta Gamboa Código: 20182174317
F=
[
Q QK ( 0,0,1 )−(2 ,−2,0)
3
+
( 0,0,1 )−(−2 ,−2,0) ( 0,0,1 ) −(−2,2,0)
3
+ 3
+
( 0,0,1 )−(2,2,0)
3
+
( 0,0,1 )−(0,0,
4 π ε o |( 0,0,1 )−( 2,−2,0)| |( 0,0,1 ) −(−2 ,−2,0)| |( 0,0,1 )−(−2,2,0)| |( 0,0,1 )−(2,2,0)| |( 0,0,1 ) −(0,0,0
[ ]
Q QK (−2,2,1) (2,2,1) (2 ,−2,1) (−2 ,−2,1) ( 0,0,1 )
F= 3
+ 3
+ 3
+ 3
+ 3
4 π εo
|(4+ 4+1)| |(4 +4 +1)| |( 4+ 4+1)| |(4+ 4+ 1)| |(0+ 0+1)|2
2 2 2 2
E=
4π
10
−9 [
(5 x 10−6 ) ( 15 x 10−6 ) (−2,2 , 1) (2,2 ,1) (2 ,−2 ,1) (−2,−2 ,1) ( 0,0 , 1 )
27
+
27
+
27
+
27
+
1 ]
36 π
2 C
D=8,854 XY a X + 8,854 X aY p 2
m
C
ρv=∇ . D=8,854 Y p
m3
Como el plano es infinito, para determinar la intensidad del campo eléctrico usamos la
siguiente ecuación:
ρs
E= a
2εo n
Antes de hallar la intensidad del campo eléctrico debemos determinar a n, en este caso a n es
vector unitario normal al plano, esto indica que el campo eléctrico es normal al plano y es
independiente de la distancia entre el plano y el punto P. Por lo tanto, para obtener un
vector unitario a n tenemos la siguiente ecuación:
Nombre: Juan Esteban Acosta Gamboa Código: 20182174317
∇f
a n=
|∇ f |
Donde f es la función que define el plano. Por ende, si aplicamos el vector diferencial a la
función nos queda que:
∇ f =a X + 2 aY
a X + 2 aY a X +2 aY
a n= =
|a X + 2 aY| √5
Ahora, si miramos el sistema de referencia podemos observar que P está detrás del plano,
por ende, a n será negativo. Una vez conociendo a n podemos ahora si encontrar E:
(( ))
−9
6 x 10 a X + 2a Y N
E= − =−151,5 a X −303,06 aY
2∗8,854 x 10
−12
√5 C
La densidad de flujo eléctrico en este caso para una distribución de carga por volumen
viene dada por la siguiente ecuación:
ρv dv
D=∫ a
2 R
4π R
Aplicando la ley de Gauss tenemos que:
Para r =0,5 m:
Nombre: Juan Esteban Acosta Gamboa Código: 20182174317
1
D=
4 π R2
∫ pv dv
1
D= 2
( pv 1∗4 π (0)2 )=0
4π R
Para r =2,5 m:
1
D=
4 π R2
∫ pv dv
1
D= 2
( pv 1∗4 π (1)2+ pv 2∗4 π (2)2 )
4π R
1
D= 2
( 5 x 10−6∗4 π ( 1 )2−8 x 10−6∗4 π (2)2 )
4 π (2,5)
−3 −6 −6
D=12,73 x 10 (62,8 x 10 −201 x 10 )
−6 C
D=−1,76 x 10 2
m
Para r =3,5 m:
1
2∫
D= pv dv
4π R
1
D= 2
( pv 1∗4 π (1 )2 + pv 2∗4 π ( 2 )2 + pv 3∗4 π (3)2 )
4π R
1
D= 2
( 5 x 10−6∗4 π ( 1 )2−8 x 10−6∗4 π ( 2 )2+10 x 10−6∗4 π (3)2 )
4 π (2,5)
Q 20 x 10−12 N
E 1= = =28
2 −12
4 π ε o R 4 π∗8,865 x 10 ∗0,08 2
C
E2(Cascaron azul):
Q 135,7 x 10−12 N
E 2= = =12,2 k
2 −12
4 π ε o R 4 π∗8,865 x 10 ∗0,0 1
2
C
Como el punto Y=2 esta dentro de la superficie del cascaron azul entonces E 2 será
negativo, por lo tanto:
N
E=28−12,2 x 103 =−12,17 k
C