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CP - 1U II - Ejercicio Resuelto - Secado
CP - 1U II - Ejercicio Resuelto - Secado
CP - 1U II - Ejercicio Resuelto - Secado
CONTENIDO
SECADO
OPERACIONES DE TRANSFERENCIA DE MASA Y CALOR
1. EJERCICIO RESUELTO.
1.1. HUMIDIFICACIÓN Y SECADO
Objetivos
Identificar los aspectos teóricos aplicados en la
resolución de problemas de diseño con
transferencia de masa en secadores y torres de
enfriamiento.
PROBLEMA 1
SOLUCION PROBLEMA 1
Datos:
a) Suponiendo que se aplica la ecuación (24.8. Mc Cabe), ¿cuál
será el diámetro y la longitud del secador si Nt = 2.2? ¿Es
éste un diseño razonable?
SOLUCION PROBLEMA 1
La carga térmica es
qT
0.48 200 70 0.06 *1150 70 1008.1 0.06 0.004
ms
0.004 *1 200 150 0.25 0.06 0.004 244 150
Despejando
qT
qT ms 125.17 *18000 2.253*106 Btu/h
ms
Secado
SOLUCION PROBLEMA 1
qT 2.253*106
mg 11920 lb/h
c pv (Thb Tha ) 0.25*(1000 244)
Entonces
mg mg 11920 lb/h
G 2000 lb/hft S
2
2
5.96 ft 2
S G 2000 lb/hft
D= 2.75 ≈ 2.8 ft
Secado
SOLUCION PROBLEMA 1
0.5G 0.67
qT V T 0.25 DLG 0.67 T
D
Donde
V = volumen del secador, ft3
L = longitud del secador, ft
ΔT = diferencia media de temperatura, tomada como una medida logarítmica de
las depresiones del bulbo húmedo a la entrada y salida del secador.
G = velocidad másica, lb/ft2 · h
D = diámetro del secador, ft
Secado
SOLUCION PROBLEMA 1
Luego
qT 2.253*106
L 36.69 ft
0.125 DG T
0.67
0.125 * 2.8* 2000 *343
0.67
Secado
PROBLEMA 1.2
PROBLEMA 2
Temperatura de
bulbo húmedo y
Entalpía del aire
entrante.
Solución
𝑀 = 1.33𝑀𝑚𝑖𝑛
𝑀𝑑𝐻 = 𝐿𝑚 𝑐 𝐿 𝑑𝑇 𝐿
𝑑𝐻 𝐿𝑚 𝑐 𝐿 𝐻2 − 𝐻1
𝑀𝑑𝐻 = 𝐿𝑚 𝑐 𝐿 𝑑𝑇 𝐿 ∴ = = 𝐿
𝑑𝑇 𝐿 𝑀 𝑇2 − 𝑇1𝐿
Donde:
M = flujo de aire seco [Lb/h]
𝐿1 +𝐿2
𝐿𝑚 = = flujo medio de agua [Lb/h]
2
cL = Calor específico del agua [BTU/Lb °F]
H = Entalpía [BTU/Lb]
TL = Temperatura del agua [°F]
(110,89.6)
Recta tangente
a la curva de
equilibrio
(80,34)
Solución
Para encontrar el flujo mínimo de aire en la
alimentación se procede de la siguiente manera.
𝑀 = 1.33𝑀𝑚𝑖𝑛
𝐿𝑚 𝑐 𝐿 𝐿𝑚 𝑐 𝐿 1 𝐿𝑚 𝑐 𝐿
= =
𝑀 1.33𝑀𝑚𝑖𝑛 1.33 𝑀 𝑚𝑖𝑛
1 𝐿𝑚 𝑐 𝐿 𝐻2 𝑚𝑎𝑥 − 𝐻1
=
1.33 𝑀 𝑚𝑖𝑛
𝑇2𝐿 − 𝑇1𝐿
Solución
(H2)max se lee en el gráfico y es la entalpía en el extremo de la recta tangente
correspondiente a la temperatura de salida para un flujo mínimo de aire, luego se
tendrá.
𝐿𝑚 𝑐 𝐿 89.6 − 34
= = 1.85
𝑀 𝑚𝑖𝑛
110 − 80
𝐿𝑚 𝑐 𝐿 1
= 1.85 = 1.39
𝑀 1.33
𝐻2 − 34
1.39 = ∴ 𝐻2 = 1.39 110 − 80 + 34 = 75.7
110 − 80
(80,34)
Solución
Luego se calcula el número de unidades de
transferencia utilizando la ecuación:
𝐻2 75.7
𝑑𝐻 𝑑𝐻
𝑁𝐺 = න =න
𝐻1 𝐻𝑖 − 𝐻 34 𝐻𝑖 − 𝐻
Con Hi = Hsat
La integral puede resolverse con el método
gráfico ya que se conocen los datos de equilibrio y
los de operación. La recta de operación se expresa
de dos formas, con la ecuación de balance o bien
con la recta de ajuste
Solución
La recta de operación se expresa de dos formas, con la
ecuación de balance o bien con la recta de ajuste