ENTROPÍA
ENTROPÍA
ENTROPÍA
1: ENTROPÍA
𝑸
∆𝑺 =
𝑻
- Ejemplo: Un dispositivo de cilindro-émbolo contiene una mezcla saturada de agua
a 300K. Durante un proceso a presión constante se transfieren al agua 750 KJ de
calor. Como resultado, la parte liquida restante en el cilindro se evapora.
Determine el cambio de entropía del agua durante éste proceso.
𝑸 𝟕𝟓𝟎 𝑲𝑱 𝑲𝑱
Solución: ∆𝑺 = = = 𝟐. 𝟓 .
𝑻 𝟑𝟎𝟎 𝑲 𝑲
∆𝑺 = 𝒎∆𝒔 = 𝒎(𝒔𝟐 − 𝒔𝟏 )
Solución:
Estado 1:
P1= 140 KPa s1= 1.0624 KJ/kg∙K
T1= 20° C v1= 0.16544 m3/kg
Estado 2:
P2= 100 KPa vf= 0.0007259 m3/kg
(v2=v1) vg= 0.19254 m3/kg
𝒗 − 𝒗𝒇 𝟎. 𝟏𝟔𝟓𝟒𝟒 − 𝟎. 𝟎𝟎𝟎𝟕𝟐𝟓𝟗
𝑿= = = 𝟎. 𝟖𝟓𝟗
𝒗𝒇𝒈 𝟎. 𝟏𝟗𝟐𝟓𝟒 − 𝟎. 𝟎𝟎𝟎𝟕𝟐𝟓𝟗
𝒔 = 𝒔𝒇 + 𝑿𝒔𝒇𝒈 = 𝟎. 𝟎𝟕𝟏𝟖𝟖 + (𝟎. 𝟖𝟓𝟗)(𝟎. 𝟖𝟕𝟗𝟗𝟓) = 𝟎. 𝟖𝟐𝟕𝟖 𝐊𝐉/𝐤𝐠 ∙ 𝐊
Solución:
Estado 1:
P1= 20 psia s1=sf@70° F= 0.07459 BTU/lbm∙R
T1= 70° F h1=hf@70° F = 38.08 BTU/lbm
Estado 2:
P2= 20 psia s2= 1.7761 BTU/lbm∙R
h2= 1188.1 BTU/lbm
Proceso Isoentrópico.
- Ejemplo: En una turbina adiabática entra vapor de agua a 5 MPa y 450° C, y sale a
una presión de 1.4 MPa. Determine la salida de trabajo de la turbina por unidad
de masa de vapor, si el proceso es reversible.
Solución:
𝒆𝒆𝒏𝒕𝒓𝒂 = 𝒆𝒔𝒂𝒍𝒆 ⇒ 𝒉𝟏 = 𝒉𝟐 + 𝒘 ⇒ 𝒘 = 𝒉𝟏 − 𝒉𝟐
Estado 1:
P1= 5 MPa h1= 3317.2 KJ/kg
T1= 450° C s1= 6.8210 KJ/kg∙K
Estado 2:
P2= 1.4 MPa h2= 2967.4 KJ/kg
s2=s1
𝒅𝑻 𝒅𝒗
𝒅𝒔 = 𝑪𝒗 +𝑹
𝑻 𝒗
- Al integrar esta relación entre los estados extremos:
𝟐
𝒅𝑻 𝒗𝟐
𝒔𝟐 − 𝒔𝟏 = ∫ 𝑪𝒗 (𝑻) + 𝑹𝑳𝒏
𝟏 𝑻 𝒗𝟏
𝟐
𝒅𝑻 𝑷𝟐
𝒔𝟐 − 𝒔𝟏 = ∫ 𝑪𝒑 (𝑻) − 𝑹𝑳𝒏
𝟏 𝑻 𝑷𝟏
Calores Específicos Constantes (Análisis Aproximado).
𝟐
𝑻𝟐 𝑷𝟐
𝒔𝟐 − 𝒔𝟏 = ∫ 𝑪𝒑,𝒑𝒓𝒐𝒎𝒆𝒅𝒊𝒐 𝑳𝒏 − 𝑹𝑳𝒏
𝟏 𝑻𝟏 𝑷𝟏
Calores Específicos Variables (Análisis Exacto).
- Cuando el cambio de temperatura es grande, y los calores específicos del gas ideal no
varían linealmente con el intervalo de temperatura
𝑻
𝒅𝑻
𝒔𝟎 = ∫ 𝑪𝒑 (𝑻)
𝟎 𝑻
𝟐
𝒅𝑻
∴ ∫ 𝑪𝒑 (𝑻) = 𝒔𝟎𝟐 − 𝒔𝟎𝟏
𝟏 𝑻
𝑷𝟐
⇒ 𝒔𝟐 − 𝒔𝟏 = 𝒔𝟎𝟐 − 𝒔𝟎𝟏 − 𝑹𝑳𝒏
𝑷𝟏
- Ejemplo: Se comprime aire desde un estado inicial de 100 KPa y 17° C, hasta un estado
final de 600 KPa y 57° C. Determine el cambio de entropía del aire durante este
proceso de compresión, empleando a) los valores de propiedades de la tabla de aire y
b) los calores específicos promedio.
Solución:
𝑷
a) 𝒔𝟐 − 𝒔𝟏 = 𝒔𝟎𝟐 − 𝒔𝟎𝟏 − 𝑹𝑳𝒏 𝑷𝟐
𝟏
𝑲𝑱 𝟔𝟎𝟎 𝑲𝑷𝒂
[(𝟏. 𝟕𝟗𝟕𝟖𝟑 − 𝟏. 𝟔𝟔𝟖𝟎𝟐)𝑲𝑱/𝒌𝒈 ∙ 𝑲] − (𝟎. 𝟐𝟖𝟕𝟎 ) 𝑳𝒏
𝒌𝒈 ∙ 𝑲 𝟏𝟎𝟎 𝑲𝑷𝒂
= −𝟎. 𝟑𝟖𝟒𝟒 𝑲𝑱/𝒌𝒈 ∙ 𝑲
𝟐 𝑻𝟐 𝑷𝟐
b) 𝒔𝟐 − 𝒔𝟏 = ∫𝟏 𝑪𝒑,𝒑𝒓𝒐𝒎𝒆𝒅𝒊𝒐 𝑳𝒏 − 𝑹𝑳𝒏
𝑻𝟏 𝑷𝟏
= −𝟎. 𝟑𝟖𝟒𝟐𝑲𝑱/𝒌𝒈 ∙ 𝑲
Procesos isoentrópicos de gases ideales.
- Al igualar a cero las ecuaciones del cambio de entropía en gases ideales vistas
anteriormente
𝑹
𝑪𝒗
𝑻𝟐 𝒗
𝑳𝒏 = 𝑳𝒏 ( 𝟏𝑹 )
𝑻𝟏 𝑪
𝒗𝟐𝒗
𝑻𝟐 𝒗𝟏 𝒌−𝟏
=( )
𝑻𝟏 𝒗𝟐
𝑷𝟐 𝒗𝟏 𝒌
=( )
𝑷𝟏 𝒗𝟐
𝑻𝟐 𝑷𝟐 𝒌−𝟏/𝒌
=( )
𝑻𝟏 𝑷𝟏
𝑷𝟐 𝒔𝟎𝒔 − 𝒔𝟎𝟏
= 𝒆𝒙𝒑
𝑷𝟏 𝑹
𝑷𝟐 𝒆𝒙𝒑(𝒔𝟎𝟐 ⁄𝑹)
=
𝑷𝟏 𝒆𝒙𝒑(𝒔𝟎𝟏 ⁄𝑹)
- La cantidad exp(s0/R) se define como la presión relativa Pr, definición con la que la
última relación se vuelve
𝒑𝒓𝟐 𝒑𝟐
=
𝒑𝒓𝟏 𝒑𝟏
𝑷𝟏 𝒗𝟏 𝑷𝟐 𝒗𝟐 𝒗𝟐 𝑻𝟐 𝑷𝟏 𝑻𝟐 𝑝𝑟1 𝑇2 ⁄𝑃𝑟2
= → = = =
𝑻𝟏 𝑻𝟐 𝒗𝟏 𝑻𝟏 𝑷𝟐 𝑻𝟏 𝑝𝑟2 𝑇1 ⁄𝑃𝑟1
𝒗𝒓𝟐 𝒗𝟐
=
𝒗𝒓𝟏 𝒗𝟏
Solución:
𝒗𝒓𝟏 𝟔𝟒𝟕.𝟗
𝒗𝒓𝟐 = 𝟖
= 𝟖
= 𝟖𝟎. 𝟗𝟗 → 𝑻𝟐 = 𝟔𝟔𝟐. 𝟕 𝑲, o bien
𝑻𝟐 𝒗𝟏 𝒌−𝟏 𝒗𝟏 𝒌−𝟏
=( ) ⇒ 𝑻𝟐 = 𝑻𝟏 ( ) = 𝟐𝟗𝟓𝒌(𝟖)𝟎.𝟒 = 𝟔𝟔𝟓. 𝟐 𝑲
𝑻𝟏 𝒗𝟐 𝒗𝟐
Ejemplo: Se comprime gas helio mediante un compresor adiabático desde un estado
inicial de 14 psia y 50° F, hasta una temperatura final de 320° F en forma reversible.
Determine la presión de salida del helio.
Solución:
𝑷𝟐 = 𝟒𝟎. 𝟓 𝒑𝒔𝒊𝒂
- Para una turbina que opera en forma estacionaria, el estado de entrada del fluido de
trabajo y la presión de escape son fijos. Por lo tanto, el proceso ideal para una turbina
adiabática es un proceso isoentrópico entre el estado de entrada y la presión de
escape. La salida deseada de una turbina es el trabajo producido y la eficiencia
isoentrópica de una turbina se define como la relación entre la salida de trabajo real
de la turbina y la salida de trabajo que se lograría si el proceso entre el estado de
entrada y la presión de salida fueran isoentrópicos:
𝒉𝟏 − 𝒉𝟐𝒂
𝜼𝝉 =
𝒉𝟏 − 𝒉𝟐𝒔
- Si ∆𝒉 = 𝑪𝒑 ∆𝑻:
𝑪𝒑 (𝑻𝟏 − 𝑻𝟐𝒂 )
𝜼𝝉 =
𝑪𝒑 (𝑻𝟏 − 𝑻𝟐𝒔 )
Solución:
𝒉𝟏 − 𝒉𝟐𝒂
𝜼𝝉 =
𝒉𝟏 − 𝒉𝟐𝒔
Estado 1:
P1= 3 MPa h1= 3231.7 KJ/kg
T1= 400° C s1= 6.9235 KJ/kg∙K
Estado 2a:
P2a= 50 KPa h2a= 2682.4 KJ/kg
T2a= 100° C
Estado 2s:
P2s= 50 KPa sf= 1.0912 KJ/kg∙K
s2s=s1 sg= 7.5931 KJ/kg∙K
𝟔.𝟗𝟐𝟑𝟓−𝟏.𝟎𝟗𝟏𝟐
𝒙𝟐𝒔 = 𝟔.𝟓𝟎𝟏𝟗
= 𝟎. 𝟖𝟗𝟕
𝟑𝟐𝟑𝟏. 𝟕 − 𝟐𝟔𝟖𝟐. 𝟒
𝜼𝝉 = = 𝟎. 𝟔𝟔𝟕 ó 𝟔𝟔. 𝟕%
𝟑𝟐𝟑𝟏. 𝟕 − 𝟐𝟒𝟎𝟕. 𝟗
𝑾̇ 𝟐𝟎𝟎𝟎 𝑲𝑱/𝒔
Y b) 𝒎̇ = 𝒘
= (𝟑𝟐𝟑𝟏.𝟕−𝟐𝟔𝟖𝟐.𝟒)𝑲𝑱/𝒌𝒈 = 𝟑. 𝟔𝟒 𝒌𝒈/𝒔
Eficiencias Isoentrópicas de compresores y bombas.
𝑾𝒔
𝜼𝑪 =
𝑾𝒂
- Cuando son despreciables los cambios de energía cinética y potencial del gas
𝒉𝟐𝒔 − 𝒉𝟏
𝜼𝑪 =
𝒉𝟐𝒂 − 𝒉𝟏
𝒗(𝑷𝟐 − 𝑷𝟏 )
𝜼𝑷 =
𝒉𝟐𝒂 − 𝒉𝟏
- El valor de 𝜼𝑪 depende en gran medida del diseño del compresor. Los dispositivos de
este tipo mejor diseñados tienen eficiencias isoentrópicas que van de 80 a 90 por
ciento.
- Ejemplo: Mediante un compresor adiabático se comprime aire de 100 kPa y 12 °C a
una presión de 800 kPa a una tasa estacionaria de 0.2 kg/s. Si la eficiencia isentrópica
del compresor es 80 por ciento, determine a) la temperatura de salida del aire y b) la
potencia de entrada requerida en el compresor.
Solución:
- Ahora obtenemos la entalpía del aire al final del proceso de compresión isoentrópica,
empleando la relación isoentrópica
- Sustituyendo
𝑲𝑱
𝒉𝟐𝒂 = 𝟓𝟕𝟓. 𝟎𝟑 → 𝑻𝟐𝒂 = 𝟓𝟔𝟗. 𝟓 𝑲
𝒌𝒈
- Y b) la potencia de entrada
̇ ̇
𝒌𝒈 𝑲𝑱
𝑾̇𝒂 = 𝒎(𝒉𝟐𝒂 − 𝒉𝟏 ) = 𝟎. 𝟐 (𝟓𝟕𝟓. 𝟎𝟑 − 𝟐𝟖𝟓. 𝟏𝟒)
𝒔 𝒌𝒈
= 𝟓𝟖 𝑲𝑾
Eficiencia Isoentrópica de Toberas.
𝑽𝟐𝟐𝒂
𝒉𝟏 = 𝒉𝟐𝒂 +
𝟐
𝒉𝟏 − 𝒉𝟐𝒂
𝜼𝑵 =
𝒉𝟏 − 𝒉𝟐𝒔
𝟏
𝟏.𝟒−𝟏.𝟒
𝟖𝟎 𝑲𝑷𝒂
𝑻𝟐𝒔 = (𝟗𝟓𝟎 𝑲) ( ) = 𝟕𝟑𝟏. 𝟏𝟗 𝑲
𝟐𝟎𝟎 𝑲𝑷𝒂
𝑽𝟐𝟏 𝑽𝟐𝟐𝒔
𝒉𝟏 + = 𝒉𝟐𝒔 +
𝟐 𝟐
𝑲𝑱 𝟏𝟎𝟎𝟎 𝒎𝟐 ⁄𝒔𝟐
𝑽𝟐𝒔 = √𝟐(𝟏. 𝟎𝟎𝟓 )(𝟗𝟓𝟎 − 𝟕𝟑𝟏. 𝟏𝟗 𝐤)( )
𝒌𝒈 ∙ 𝑲 𝟏 𝑲𝑱⁄𝒌𝒈
= 𝟔𝟔𝟑. 𝟏𝟖 𝒎⁄𝒔
𝟗𝟓𝟎 − 𝑻𝟐𝒂
𝟎. 𝟗𝟐 = ⇒ 𝑻𝟐𝒂 = 𝟕𝟒𝟖. 𝟔𝟖 𝑲
𝟗𝟓𝟎 − 𝟕𝟑𝟏. 𝟏𝟗