SOLUCIÓN - Parcial 3er Corte (II Vacacional)
SOLUCIÓN - Parcial 3er Corte (II Vacacional)
SOLUCIÓN - Parcial 3er Corte (II Vacacional)
FACULTAD DE INGENIERIAS
TERMOFLUIDOS 20 %
PARCIAL DEL TERCER CORTE
Ing. NEYL RICHARD TRIVIÑO JAIMES
Considere una central eléctrica de vapor que opera en el ciclo ideal simple. El vapor de agua
entra a la turbina a 4,12 MPa y 465 °C y es condensado en el condensador a una presión de 115
kPa. Los demás datos se encuentran en el esquema mostrado en la figura. El flujo de masa del
vapor es 𝑚̇ = 10 𝑘𝑔/𝑠. El cambio de la energía cinética y potencia se consideran despreciables.
Nota! Considere la bomba como adiabática.
Determine:
Solución:
Estado 1 Estado 2
X1 = 0 X2 = No Aplica
P1 = 115 Kpa P2 = 4120 Kpa
T1 = 103,44 ºC T2 = 105 ºC
h1 = 433,67 kj/kg h2=hsat@T 440,28 kj/kg
Estado 4 Estado 3
X4 = 0,93 X3 = No Aplica
P4 = 115 Kpa P3 = 4120 Kpa
T4 = 103,44 ºC T3 = 465,00 ºC
h4 = 2523,66 kj/kg h3 = 3364,06 kj/kg
𝑘𝑔 𝑘𝑗 𝑘𝑗 𝑘𝑔 𝑘𝑗
𝑊̇𝑡𝑢𝑟𝑏𝑖𝑛𝑎 = −10 ∗ (2523,66 − 3364,06 ) + 10 ∗ (−15 )
𝑠 𝑘𝑔 𝑘𝑔 𝑠 𝑘𝑔
𝑊̇𝑡𝑢𝑟𝑏𝑖𝑛𝑎 = 8479 𝐾𝑤
𝑊̇𝑐𝑜𝑛𝑑𝑒𝑛𝑠𝑎𝑑𝑜𝑟 = 0
𝑄̇𝑐𝑜𝑛𝑑𝑒𝑛𝑠𝑎𝑑𝑜𝑟 = 𝑚̇ (ℎ1 − ℎ4 )
𝑘𝑔 𝑘𝑗 𝑘𝑗
𝑄̇𝑐𝑜𝑛𝑑𝑒𝑛𝑠𝑎𝑑𝑜𝑟 = 10 ∗ (433,67 − 2523,66 )
𝑠 𝑘𝑔 𝑘𝑔
𝑘𝑔 𝑘𝑗 𝑘𝑗
𝑄̇𝑐𝑜𝑛𝑑𝑒𝑛𝑠𝑎𝑑𝑜𝑟 = 10 ∗ (433,67 − 2523,66 )
𝑠 𝑘𝑔 𝑘𝑔
𝑄̇𝑏𝑜𝑚𝑏𝑎 = 0
𝑊̇𝑏𝑜𝑚𝑏𝑎 = − 𝑚̇ (ℎ2 − ℎ1 )
𝑘𝑔 𝑘𝑗 𝑘𝑗
𝑊̇𝑏𝑜𝑚𝑏𝑎 = − 10 ∗ (440,28 − 433,67 )
𝑠 𝑘𝑔 𝑘𝑔
𝑘𝑔 𝑘𝑗 𝑘𝑗
𝑊̇𝑏𝑜𝑚𝑏𝑎 = − 10 ∗ (440,28 − 433,67 )
𝑠 𝑘𝑔 𝑘𝑔
𝑊̇𝑏𝑜𝑚𝑏𝑎 = − 66,06 𝐾𝑤
𝑊̇𝑐𝑎𝑙𝑑𝑒𝑟𝑎 = 0
𝑄̇𝑐𝑎𝑙𝑑𝑒𝑟𝑎 = 𝑚̇ (ℎ3 − ℎ2 )
𝑘𝑔 𝑘𝑗 𝑘𝑗
𝑄̇𝑐𝑎𝑙𝑑𝑒𝑟𝑎 = 10 ∗ (3364,06 − 440,28 )
𝑠 𝑘𝑔 𝑘𝑔
𝑄̇𝑐𝑎𝑙𝑑𝑒𝑟𝑎 = 29 238 𝐾𝑤
I. Líquido saturado
II. Líquido comprimido
III. Vapor sobre calentado
IV. Mezcla
6. Potencia neta en todo el ciclo = Potencia que Sale – Potencia que Entra
𝑊̇𝑛𝑒𝑡𝑜 = 8413 𝐾𝑤
7. Tasa de calor neta de todo el ciclo = Tasa de calor que Sale - Tasa de calor que Entra
𝑄̇𝑛𝑒𝑡𝑜 = 8413 𝐾𝑤