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Tema 2, Unidad 1, Parte Ii.2 Ejemplos, SDP Iiipac 2021
Tema 2, Unidad 1, Parte Ii.2 Ejemplos, SDP Iiipac 2021
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AUTÓNOMA DE HONDURAS
FACULTAD DE INGENIERÍA
DEPARTAMENTO DE INGENIERÍA
ELÉCTRICA
IE-832 SISTEMAS DE DISTRIBUCION
DE POTENCIA
IE-832 SISTEMAS DE DISTRIBUCION
IE-832 SISTEMAS DE DISTRIBUCION
CONTENIDO UNIDAD 1
2. CARACTERISTICAS
DE LA CARGA
IE-832 SISTEMAS DE DISTRIBUCION
2) Se tiene un edificio de cuatro pisos, planta baja y sótano, con cargas en cada
uno de los pisos. La medición se hace en la planta baja (fig.24). Se instalan
dispositivos de protección de cada uno de los alimentadores (fig. 25). Una
vez hecha la instalación se colocaran watthorimetros registradores y
después de algún tiempo de utilización de la instalación se determinaron los
valores de demanda máxima que aparecen en la tabla siguiente. Con base en
los valores medidos encontrar los factores de demanda para completar la
tabla de características de la carga del edificio.
IE-832 SISTEMAS DE DISTRIBUCION
Solución
𝐷𝑒𝑚𝑎𝑛𝑑𝑎 𝑚𝑎𝑥𝑖𝑚𝑎
𝐹𝐷 =
𝐶𝑎𝑟𝑔𝑎 𝑐𝑜𝑛𝑒𝑐𝑡𝑎𝑑𝑎
a) El factor de diversidad
b) La suma de las demandas máximas
c) La diversidad de carga
d) El factor de coincidencia
e) La demanda máxima no coincidente
IE-832 SISTEMAS DE DISTRIBUCION
Solución
a) El factor de diversidad
𝐷𝑒𝑚𝑎𝑛𝑑𝑎 𝑚𝑎𝑥𝑖𝑚𝑎 𝑛𝑜 𝑐𝑜𝑖𝑛𝑐𝑖𝑑𝑒𝑛𝑡𝑒
𝐹𝑑𝑖𝑣 = = 3 (dado)
𝐷𝑒𝑚𝑎𝑛𝑑𝑎 𝑚𝑎𝑥𝑖𝑚𝑎 𝑑𝑖𝑣𝑒𝑟𝑠𝑖𝑓𝑖𝑐𝑎𝑑𝑎
σ 𝐷𝑚𝑖
b) La suma de las demandas máximas 𝐹𝑑𝑖𝑣 =
𝐷𝑀𝑠
⇒ σ 𝐷𝑚𝑖 = 𝐹𝑑𝑖𝑣 𝐷𝑀𝑆 = 3 𝑥 1000 = 3000 kW
c) La diversidad de carga
𝐿𝐷 = 𝐹𝑑𝑖𝑣 − 1 𝑥𝐷𝑀𝑠 = (3 − 1) 𝑥 1000 = 2000 kW
d) El factor de coincidencia
1 1
𝐹𝑐𝑜𝑖𝑛 = = = 0.333
𝐹𝑑𝑖𝑣 3
Solución
1) Dmax individuales: de la tabla:
Dmax IP = 50 kW; Dmax Res. = 1450 kW; Dmax. Ind. = 1100 kW
𝐷𝑚𝑎𝑥
4) Factor de demanda de cada carga: 𝐹𝑑 =
𝑃𝑜𝑡.𝑖𝑛𝑠𝑡𝑎𝑙𝑎𝑑𝑎
50 1450
𝐹𝑑 (𝐼𝑃) = = 1 ∴ 100% 𝐹𝑑 𝑅𝑒𝑠. = = 0.58 ∴ 58%
50 2500
𝐷𝑚𝑎𝑥𝑠
5) Factor de utilización: 𝐹𝑢 =
𝐶𝑎𝑝𝑎𝑐𝑖𝑑𝑎𝑑 𝑖𝑛𝑠𝑡𝑎𝑙𝑎𝑑𝑎
1900
𝐹𝑢 = = 0.634 ∴ 63.4%
3000
𝐸𝑐 𝛿𝑡
6) Factor de carga: 𝐹𝑐 =
𝐷𝑚𝑎𝑥 𝛿𝑡
11 𝑥 50
𝐹𝐶𝐼𝑃 = = 0.458
50𝑥24
𝐸𝐶𝑅𝑒𝑠 = [ 70𝑥4 + 80𝑥3 + 95𝑥2 + 90𝑥2 + 85𝑥3 + 100𝑥2 + 130 + 420 + 1450 + 1200
+1000 + 700 + 200 + 50] = 6495
6495
𝐹𝐶𝑅𝑒𝑠. = = 0.186
1450 𝑥 24
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𝐸𝐶𝐼𝑛𝑑. = [(200 x 6) + (350 x 2) + (400 x3) + 500 + 700 + (1000 x 3) + (900 x 2) + 600 +
(1100 x 3) + 800 +300]= 14,100
14,100
𝐹𝐶𝐼𝑛𝑑. = = 0.53
1100 𝑥 24
50 1,450 400
𝐹𝑐𝑜𝑛𝑡.𝐼𝑃 = = 1, 𝐹𝑐𝑜𝑛𝑡.𝑅𝑒𝑠. = = 1, 𝐹𝑐𝑜𝑛𝑡.𝐼𝑛𝑑. = = 0.365,
50 1450 1,100
𝐷𝑚𝑎𝑥
9) Factor de coincidencia: 𝐹𝑐𝑜𝑖𝑛. = σ
𝐷𝑚𝑎𝑥𝑖
1900
𝐹𝑐𝑜𝑖𝑛. = = 0.73
50+1450+1100
IE-832 SISTEMAS DE DISTRIBUCION
11) Para este inciso consideraremos que el factor de potencia y voltaje son constantes, y
las pérdidas para demanda máxima son las siguientes:
𝑃𝐼𝑃 = 2.5 𝑘𝑊
𝑃𝑅𝑒𝑠. = 58 kW
𝑃𝐼𝑛𝑑. = 44 kW
𝑃𝐴𝑙𝑖𝑚. = 56.5 kW
Para el cálculo del factor de perdidas (𝐹𝑃 ) utilizamos la fórmula de Buller
𝐹𝑃 = 0.7𝐹𝐶2 + 0.3𝐹𝐶
𝐹𝑃𝐼𝑃 = 0.7𝑥0.4582 + 0.3 𝑥 0.458 = 0.283
𝐹𝑃𝑅𝑒𝑠. = 0.7𝑥0.1862 + 0.3 𝑥 0186 = 0.079
𝐹𝑃𝐼𝑛𝑑. = 0.7𝑥0.532 + 0.3 𝑥 0.53 = 0.355
𝐹𝑃𝑐𝑜𝑛𝑗. = 0.7𝑥0.4632 + 0.3 𝑥 0.463 = 0.288
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EP = Pm (H.E.)
FIN
GRACIAS POR SU ATENCION