Chemistry">
Parte 2, Prob 7-10 Ok
Parte 2, Prob 7-10 Ok
Parte 2, Prob 7-10 Ok
Un tanque de planta piloto de 1 pie (305 mm) de diámetro se agita mediante un rodete de
turbina de seis palas de 4 pulg (102 mm) de diámetro. Cuando el número de Reynolds del
rodete es 104, se ha encontrado que el tiempo de mezcla de dos líquidos es de 15 s. La
potencia necesaria es de 2 CV por 1000 galones (0.4 kW/m3) de líquido.
Solución:
5. Para números de Reynolds elevados. Para un liquido de una densidad dada, esta
ecuación se transforma en:
P
3
=c 2 n 3 D 2a
Da
6. A partir de esta relación, las entradas de potencia por unidad de volumen en los
dos tanques es:
P6
D3a 6 3 2
n Da6
P1 ( )( )
= 6
n1 Da 1
D3a1
P6
D3a 6 2
D
P1 ( )
= a6
Da 1
D3a1
Potencia requerida en el
tanque de 6 ft 72 CV
P6
D3a 6 3 2
n Da6
P1
3
= 6
n1 ( )( ) Da 1
D a1
Para obtener:
2/3
n6 D a 6
=
n1 D a1 ( )
10. Puesto que ntT es constante, n6/n7 = tT1/tT6, y
2 /3
t T 6 Da 6
( )
=
t T 1 Da 1
Sustituyendo tenemos:
12. Aunque no resulta practico alcanzar el mismo tiempo de mezcla en la unida a toda
escala como en el tanque de planta piloto, un moderado aumento en el tiempo de
Se cuenta con los siguientes datos de filtración para una suspensión de CaCO 3 en agua a 25
°C, a presión constante (-∆p) de 46.2 kN/m 2. El area de la prensa y marco es de 0.0439 m 2 y
la concentración de la suspensión es de 23.47 kg sólido/m 3 de filtrado. Calcule las
constantes α y Rm. Los datos son t=tiempo en segundos y V= volumen de filtrado
recolectado en m3.
seg m3
t V
17.3 5.00E-04
41.3 1.00E-03
72 1.50E-03
108.3 2.00E-03
152 2.50E-03
201.7 3.00E-03
Solución:
Datos:
T =25 ° C
kg ∙ m
kN 1000 N N seg 2
∆ p=46.2 2 × =46.2 ×103 2 =46.2× 103
m 1 kN m m2
kg
∆ p=46 . 2× 103
m ∙ seg
P=1 atm
Á rea=0.0439 m 2
kg
C s=23.47
m3
kg
μ=8.937 ×10−4
m∙ seg
seg m3
t V
17.3 5.00E-04
41.3 1.00E-03
72 1.50E-03
108.3 2.00E-03
152 2.50E-03
201.7 3.00E-03
seg m3 seg/m3
t V (t/V)
17.3 5.00E-04 34600
41.3 1.00E-03 41300
72 1.50E-03 48000
108.3 2.00E-03 54150
152 2.50E-03 60800
201.7 3.00E-03 67233.33333
4. Procedemos a graficar los datos de t/v vs V. Para esto seleccionamos los valores de
t/v y de V, nos vamos a la barra de menús y seleccionamos la opción INSERTAR >
DISPERSION > DISPERSION SOLO CON MARCADORES; y nos aparecerá una
gráfica como la siguiente:
5. Ahora para conocer la ecuación de la recta, damos doble clic sobre cualquier punto
de los que se encuentran en la gráfica, seleccionamos la opción: AGREGAR LINEA
DE TENDENCIA, se nos desplegará un menú, seleccionamos en: Tipo de tendencia
o regresión la opción LINEAL, y las opciones: PRESENTAR ECUACION EN EL
GRAFICO y PRESENTAR EL VALOR DE R 2 EN EL GRAFICO; una vez realizado
este paso, nos aparecerá lo siguiente:
Hacemos la relación:
t K 1
V 2( )
= p V+
q
y=mx+b
Por lo tanto:
Kp
m= ( ) 2
1
b=
q
K p =( m )( 2 )
m= Kp/2
26036190.4
Kp 8
b= B
B 28232.22
m= Kp/2
26036190.4
Kp 8 seg/m^6
b= B
B 28232.22 seg/m^3
seg
K p =26036190.4
m6
1 seg
=28232.22 3
q m
Para calcular α :
μ ∙ α ∙C S K p ∙ A2 ∙ ∆ P
K p= Despejando se tiene : α =
A2∙ ∆ P μ ∙C S
seg
(
α = 26036190.4
m6
∙¿¿
)
m
α =1 .1051 ×1011 Para calcular Rm:
kg
1 μ ∙ Rm
=
q A ∙∆P
Despejando se tiene:
1
∙ A∙∆ P
q Sustituyendo datos tenemos:
Rm =
μ
seg kg
R =
( 28232.22
m 3 ) (
∙ ( 0.0439 m2) ∙ 46.2× 103 )
m∙ seg
Rm =6 . 40 ×1010 m−1
m
kg
( 8.937 ×10
−4
)
m ∙ seg
tiempo.
Solución:
1. Para el material de 4& mallas no existe entrada procedente de material mas grueso
y se aplica la ecuación:
dx u
=−S u x u
dy
0.0251 ×0.9=0.02259
3. Por lo tanto:
tT 0.02259
d ( x 1)
−Su∫ dt= ∫
0 0.0251
x1
O bien:
1 0.0251 1
t T= ∈ = ∈1.111=10.5 .3 s
Su 0.02259 0.001
4. Supónganse que Su varia con D 3p. Sean S1 y S2 los valores para el material de 4/6 y
6/8 mallas. Por lo tanto, S1=10 ×10−4 s−1, y
3
D2
S2=S 1 ( )
D1
Entonces:
β
D́n
( )
Bn ,u =
D́u
Es por lo tanto:
7. Se hace lo mismo para los demás valores de Bn ,u , para esto seleccionamos la celda
donde calculamor el valor de B2,1 y situamos nuestro cursor en la parte inferior
derecha de esta celda y damos doble clic teniendo:
Sustituyendo tenemos:
∆ Bn . ,u=Bn−1 ,u −B n ,u
10. Para las demás funciones de rotura, simplemente damos doble clic en la esquina
inferior derecha de la celda donde calculamos ∆ B3,1, entonces:
11. Todos estos cálculos dan los resultados que se presentan a continuación:
12. Observese que cuando n = u, por definición Bn,u es la unidad. Cuando u = 1, tal
como se muestra en la tabla anterior, una fracción 0.6406122 de las partículas
disgregadas procedentes del material de 4/6 malla es menor de 8 mallas, 0.4021634
menor de 10 mallas, 0.2564526 menor de 14 mallas y solamente 0.0672215 es menor
de 35 mallas.
13. Sea xn,t la fracción de masa retenida sobre los distintos tamices al final de t
incrementos de tiempo ∆t. Por lo tanto x1,0 , x2,0, etc., son las fracciones iniciales que
el problema nos da:
∆ xn
15. Se aproxima mediante , donde ∆ t para este ejemplo es 30 s y
∆t
∆ x n=x n , t+1 −x n, t
16. Los sucesivos valores de x sobre los diferentes tamices se pueden calcular a partir
de la siguiente forma de la ecuación:
n−1
x n ,t +1=x n ,t −Su ∆ t x n , t +∆ t ∑ xu , t S u ∆ B n. ,u
u=1
n−1
x n ,t +1=x n ,t (1−Su ∆ t )+ ∆ t ∑ x u ,t Su ∆ Bn ., u
u=1
17. Para el tamiz superior n = 1 y ∆ B=0. Por lo tanto, la ecuación se transforma en:
18. Por consiguiente, después de 30 s la fracción de masa sobre el tamiz superior es de:
21. Análogamente:
En este ejemplo se usaran las mismas condiciones para la separación del aire que se dieron
en el ejemplo 13.4-2 para una mezcla completa. Las corrientes de flujo del proceso estarán
en flujo cruzado. Los valores dados son: x f =0.209, θ =0.20, α ¿=10, ph=190 cm Hg, pl=19 cm
3
cm3 (TPE ) '
6 −10 cm (TPE )∙ cm
Hg, Lf =1× 10 , P A =500 ×10 , y t=2.54 × 10−3 cm. Haga lo
s s ∙ cm 2 ∙ cm Hg
siguiente:
a) Calcule y p , x o y Am .
b) Compare los resultados con el ejemplo 13.4-2
Solución:
Dado que este ejemplo es el mismo caso que el 2, se usará una valor de x o=0.1642 para el
primer intento del inciso a).
NOTA: Cabe destacar que este ejercicio fue resuelto por aproximaciones sucesivas
utilizando el programa Microsoft Excel
1. Como primer paso abrimos nuestro programa, ya que estemos en un nuevo libro,
ingresamos los datos correspondientes:
( )(
¿ S T
¿
( 1−θ ) (1−x ) D uf −α + F u f −F
(1−x f )
=
u−
E u−α ¿ + F )( u−F ) Ec .1
D
Para:
xf
i=i f =
1−x f
Donde:
i f =¿ Es el Valor de i en la alimentación
x f =¿ Es la composición de alimentación
Por lo tanto:
Para:
x
i=
1−x
Donde:
x f =¿ Es la composición de salida
Por lo tanto:
0.19645848
i 3
Para:
(1−α ¿ ) pl ¿
D=0.5
[ ph
+α
]
Sustituyendo la ecuación de Excel tenemos:
Por lo tanto:
D 4.55
Para:
(1−α ¿) pl
F=−0.5
[ph
+1
]
Sustituyendo la ecuación de Excel tenemos:
Por lo tanto:
F 0.95
Para:
α¿
E= −DF
2
Por lo tanto:
E 0.6775
Para:
1
R=
2 D−1
Por lo tanto:
R 0.12345679
Para:
α ¿ ( D−1 )+ F
S=
α¿
( 2 D−1 ) ( 2
−F )
Sustituyendo la ecuación de Excel tenemos:
Por lo tanto:
1.11111111
S 1
Para:
1
T=
1−D− ( FE )
Sustituyendo la ecuación de Excel tenemos:
Por lo tanto:
T -0.2345679
Para:
Por lo tanto:
uf 0.4427302
Para
Por lo tanto:
0.50887318
u 3
R
E
uf −
( )
¿ S T
¿
( 1−θ ) (1−x ) D uf −α + F u f −F
(1−x f )
=
u−
E ( u−α ¿ + F )( u−F ) Ec .1
D
Tenemos:
R
E
¿
θ=
[( ) uf−
u−
D
E
D
( u f −α ¿ + F
u−α ¿ + F
( 1−x )
)(
S
u f −F
u−F
T
] 1−x )
) − ((1−x ) f
( 1−x f )
Sustituyendo la fórmula despejada en Excel tenemos:
Calculo de:
Calculo de:
Calculo de:
Por lo tanto:
teta* 0.09909625
x f −x o (1−θ)
y p=
θ
Por lo tanto:
yp 0.3882
fobj
0.01018157
Como logramos observar, el error no están significativo, pero la herramienta Solver aun
puede minimizar mas el error, para esto haremos estos sencillos pasos:
Donde:
Donde Fi se define como antes. Los valores de Fi se deberan calcular para diferentes
valores de i a fin de integrar la ecuacion.
Para resolver la integral se utilizó un programa llamado MathCad, para eso solamente
utilizamos los valores de Xf y Xo sin necesidad de otros valores de i, basándonos en el
siguiente procedimiento:
y p=0 .56885689
x o=0 . 11903577716114
Problema #7 Problema #4
yp 0.56885689 0.5067
Am 4.752 ×10 8 cm2 3.228 ×108 cm2
Solución:
Para el NaCl:
'
So l n de alimenacion=
(3.5 kgm NaCl
3
so l n
×
1000 gr NaCl
1 kg NaCl )
'
kg H 2 O gr NaCl
( 996 3
m so l n ' )( 58.45
gmol NaCl )
Por lo tanto:
gmol NaCl
So l' n de alimenacion=0.0601
kg H 2 O
3.5
3
2.5
2
1.5
1
0.5
0
0 0.02 0.04 0.06 0.08 0.1 0.12
Por lo
tanto
2.74676666
π1 7 atm
So l' n producto=
( 0.1 kgm NaCl
3 '
so l n
×
1000 gr NaCl
1 kg NaCl )
kg H 2 O gr NaCl
( 996.9 3 '
m so l n )( 58.45
gmol NaCl )
Por lo tanto:
gmol NaCl
So l' n producto=0.001716184
kg H 2 O
0.5
0.45 f(x) = 47 x
R² = 1
0.4
0.35
0.3
0.25
0.2
0.15
0.1
0.05
0
0 0 0 0.01 0.01 0.01 0.01
Por lo
tanto
0.08066065
π2 5 atm
Entonces:
∆ π =π 1 −π 2
Por lo tanto:
∆ π =( 2.746766667−0.080660655 ) atm
∆ π =2.666106011 atm
Para el calculo de R:
B ( ∆ P−∆ π )
R=
1+ B ( ∆ P−∆ π )
Donde:
Aw
B=
As C 2w
Resolviendo tenemos:
c 1−c2
R=
c1
Despejando tenemos:
c 2=c1−R c1
0.07430087
c2 8 kg NaCl/m^3
Como este valor esta bastante cerca del calor supuesto, podremos encontrar el verdadero
valor utilizando la herramienta Solver, creando una celda con la función objetivo para
calcular nuestro error:
fobj
0.00066044
0.07434674
c2 1 kg NaCl/m^3
Con:
2.68679964
∆π= 1 atm
Y:
0.97875807
R 4
Para:
N s =A s ( c1 −c 2)
Por lo tanto:
Ns 8.56413E-07 kg NaCl/s*m^2
Para:
N w = A w (∆ P−∆ π)
Por lo tanto:
Nw 0.01148462 kg H2O/s*m^2
Para el BaCl2:
So l' n de alimenacion=
( 3.5 3 '
m so l n
×
1 kg BaCl 2 )
kg H 2 O gr BaCl 2
( 996 3 '
m so l n
208.23)(
gmol BaCl 2 )
Por lo tanto:
w
n=
PM
Donde:
kg Ba Cl 2
w=3.5
m 3 so l ' n
kg Ba Cl2
PM =208.23
kmol Ba Cl2
Sustituyendo tenemos:
kg Ba Cl 2
3.5
m3 so l ' n
n=
gr Ba Cl 2
208.23
gmol Ba Cl2
wm 1.00 kg H 2 O
V m= =
ρm kg H 2 O
997.0
m3
V m =1.003× 10−3 m3
Al sustituir en la ecuación:
n
π= RT
Vm
Donde:
−3 atm∙ m 3
R=82.057 ×10
kmol ∙ K
T =25 ° C +273=298 K
Sustituyendo tenemos:
atm ∙m3 (
π=
(1.681 ×10−5 kmol BaCl2 ) ( 82.057 ×10
−3
kmol ∙ K) 298 K )
1.003 ×10−3 m3
π 1=0.410808521 atm
So l' n producto=
( 0.1 3 '
m so l n
×
1kg Ba Cl2 )
kg H 2 O gr Ba Cl2
( 996.9 3 '
m so l n )(
208.23
gmol BaCl 2 )
Por lo tanto:
gmol NaCl
So l' n producto=0.000481732
kg H 2 O
w
n=
PM
Donde:
kg Ba Cl 2
w=0.1
m 3 so l ' n
kg Ba Cl2
PM =208.23
kmol Ba Cl2
Sustituyendo tenemos:
kg Ba Cl 2
0.1
m3 so l ' n
n=
gr Ba Cl 2
208.23
gmol Ba Cl2
wm 1.00 kg H 2 O
V m= =
ρm kg H 2 O
997.0
m3
V m =1.003× 10−3 m3
Al sustituir en la ecuación:
n
π= RT
Vm
Donde:
−3 atm∙ m 3
R=82.057 ×10
kmol ∙ K
T =25 ° C +273=298 K
Sustituyendo tenemos:
atm∙ m3 (
π=
( 4.80× 10−7 kmol BaCl2 ) ( 82.057 ×10
−3
kmol ∙ K) 298 K )
1.003× 10−3 m 3
π 2=0.011708028 atm
Entonces:
∆ π =π 1 −π 2
Por lo tanto:
∆ π =( 0.410808521−0.011708028 ) atm
∆ π =0.399100493 atm
Para el calculo de R:
B ( ∆ P−∆ π )
R=
1+ B ( ∆ P−∆ π )
Donde:
Aw
B=
As C 2w
Resolviendo tenemos:
c 1−c2
R=
c1
Despejando tenemos:
c 2=c1−R c1
0.07430087
c2 8 kg NaCl/m^3
Como este valor está bastante cerca del calor supuesto, podremos encontrar el verdadero
valor utilizando la herramienta Solver, creando una celda con la función objetivo para
calcular nuestro error:
fobj
0.00515881
c2 0.028181875 kg BaCl2/m^3
Con:
π2 0.00329954 atm
Y:
0.99194803
R 6
Para:
N s =A s ( c1 −c 2)
Por lo tanto:
Ns 3.47182E-07 kg BaCl2/s*m^2
Para:
N w = A w (∆ P−∆ π)
Por lo tanto:
kg
Nw 1.23E-02 H2O/s*m^2
Resultados:
Para el NaCl
Ns 8.56E-07 kg NaCl/s*m^2
Nw 0.01148462 kg H2O/s*m^2
R 0.97875807
c2 0.07434674 kg NaCl/m^3
Para el BaCl2
Ns 3.47E-07 kg BaCl2/s*m^2
Nw 1.23E-02 kg H2O/s*m^2
R 0.99194804
c2 0.02818188 kg BaCl2/m^3