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Hidrahulica (Ediluz Yaquelin Labra Quispe) Word
Hidrahulica (Ediluz Yaquelin Labra Quispe) Word
Hidrahulica (Ediluz Yaquelin Labra Quispe) Word
CURSO: HIDRAHULICA
PRESENTADA POR:
LABRA QUISPE EDILUZ YAQUELIN
PUNO – PERU
2020
Universidad Nacional del Altiplano_Puno
FacultadD eI ngenieríaAgrícolaE scuelaP rofesional deI ngenieríaAgrícola
Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
INDICE
1. INTRODUCCION....................................................................................9
2. FLUJO GRADUALMENTE VARIADO.................................................9
Hipótesis de Saint-Vernant................................................................................9
2.1. Ecuación dinámica del flujo gradualmente variado..................................9
2.2. Perfiles hidráulicos.................................................................................10
2.3. Compresibilidad del fluido.....................................................................12
2.4. Flujo a superficie libre............................................................................12
2.5. Flujo Permanente (FP): (Steady Flow)...................................................13
2.6. Flujo Uniforme (FU): (Uniform Flow)...................................................13
2.7. FLUJO PERMANENTE GRADUALMENTE VARIADO (FPGV): ...13
Flujos Acelerados o Retardados en dirección del movimiento........................15
2.8. Ecuación General de F.G.V....................................................................16
Regiones del F.G.V..........................................................................................17
2.9. RESALTO HIDRÁHULICO........................................................................19
Caracteristicas..............................................................................................19
Ejemplo 1.............................................................................................................19
2.9.1. TIPOS DE RESALTO HIDRAHULICO...................................................22
2.10. PERFILES DE FLUJO...............................................................................24
Ejercicio 1................................................................................................25
ejercicio 2.................................................................................................39
ejercicio 3.................................................................................................47
ejercicio 4.................................................................................................49
FLUJO RAPIDAMENTE VARIADO.................................................................53
Resalto hidraulico en estructuras.........................................................................53
Compuertas...................................................................................................53
vertederos.....................................................................................................53
(flujo rápidamente variado)..................................................................................54
CARACTERISTICAS.........................................................................................54
Ejemplo 1.............................................................................................................54
TIPOS PARA UN RESALTO HIDRÁULICO EN FUNCIÓN A FROUDE:....61
FORMAS DEL SALTO HIDRAULICO: (Estabilidad)......................................62
SECCION RECTANGULAR......................................................................63
SECCIÓN TRAPEZOIDAL.......................................................................63
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RELACIÓN ENTRE SALTO HIDRÁULICO, ENERGÍA ESPECÍFICA Y
DIAGRAMAS DE MOMENTO......................................................................................66
MÉTODO GRÁFICO PARA CALCULAR EL SALTO HIDRÁULICO..........66
Ejemplo 1.............................................................................................................67
Ejemplo 2:............................................................................................................69
Ejemplo 3.............................................................................................................70
Ejemplo 4.............................................................................................................72
Ejemplo 5.............................................................................................................74
Ejemplo 6.............................................................................................................76
Ejemplo 7.............................................................................................................79
FALLAS MAL DIMENSIOMAIENTO Y DISEÑO..........................................81
CONCLUSIONES Y RECOMENDACIONES………………………………..82
BIBLIOGRAFIA……………………………………………………………….82
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Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
1. INTRODUCCION
Hipótesis de Saint-Vernant
hidrostática de presiones.
dy S o−S f
=
dx 1−F 2r
Representa:
canal.
So =0 → Perfiles , .
Perfiles tipo M
Se presenta en estructuras de
control, cómo vertederos y
𝑀_1 +/+=+ compuertas, o estrechamientos o
AUMENTA curvas los cuales producen un
efecto de remanso en el flujo. Su
longitud puede ser de varios
kilómetros.
Perfiles tipo M
Se presenta en estructuras de
+/+=+ control, cómo vertederos y
𝑀_1 compuertas, o estrechamientos o
AUMENTA
curvas los cuales producen un efecto
de remanso en el flujo. Su longitud
puede ser de varios kilómetros.
Perfiles tipo M
Se presenta en estructuras de
+/+=+ control, cómo vertederos y
𝑀_1 compuertas, o estrechamientos o
AUMENTA
curvas los cuales producen un efecto
de remanso en el flujo. Su longitud
puede ser de varios kilómetros.
Perfiles tipo M
Se presenta en estructuras de
+/+=+ control, cómo vertederos y
𝑀_1 compuertas, o estrechamientos o
AUMENTA
curvas los cuales producen un efecto
de remanso en el flujo. Su longitud
puede ser de varios kilómetros.
Perfiles tipo M
Se presenta en estructuras de
+/+=+ control, cómo vertederos y
𝑀_1 compuertas, o estrechamientos o
AUMENTA
curvas los cuales producen un efecto
de remanso en el flujo. Su longitud
puede ser de varios kilómetros.
este trabajo, la solera (fondo, lecho) y las paredes laterales de la conducción se consideran
impermeables. En el tramo (Δx) del canal en estudio actúan dos fuerzas principales: el peso
propio (W) y la fuerza de rozamiento (x) contra la solera y las paredes producto de la
viscosidad (ji) del líquido. La tensión superficial (a) que se presenta en la superficie libre
Steady Flow)
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Es aquel en el cual la lámina (h) del flujo varía en forma continua, progresiva y
1. Acelerado o Retardado
2. PSA
3. Profundidad PSA
4. Energía Específica
TIPOS DE FLUJO
So < S o So > S o
So =S o
yo> yo yo < yo
yo= yo
pendiente Fuerte
Pendiente suave
o moderada
Pendiente horizontal
Pendiente Adversa
Retardado:
La velocidad se reduce.
La velocidad aumenta.
Kn 2 K= A , R , n
dy
=
( ( ))
S o 1−
K
dx Z
2
( 1−
Z2 )
Para una sección rectangular y suficientemente hecha:
10 Y n=E . m
y
dy
=S 0
1− n
y ( ) 3
Y_C= N°
Froude =1
3
dx y
1− c
y ( )
El problema Principal
Puntos de Control
SUP.
SUB.
YC
Fuente: enlace 1
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Y=f(Q), entonces: y> y a> y c
M M M
3.
S S S
S S
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RESALTO HIDRÁHULICO
I. RAPIDAMENTE VARIADO
- Se llaman así, por su cambio brusca en su nivel de agua.
- Hidráulicamente se produce cuando se pasa de un régimen supercrítico a un
régimen subcrito.
- La fórmula se desarrolla con aplicación de la ecuación de continuidad y de
cantidad de movimiento
- Se utiliza para disparar energía y evitar erosiones, se produce en las siguientes
estructuras hidráulicas.
COMPUERTAS:
VERTEDEROS:
RAPIDAS:
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CAIDAS:
P φ ( V 2−V 1 ) =∑ F
Para la ecuación de continuidad.
φ φ
V 2= ; V 1=
b y2 b y1
φ φ y1 y2
Pφ
( −
b y2 b y1 2 2)
=γ . y 1 b−γ . y 2 b−f 3
φ 4 y 1− y 2
2 (
g y1 y 2 )
=( y ¿ ¿ 1+ y 2)( y ¿ ¿ 1− y 2 ) ¿¿
φ4 2 2
2 = y 1 y2 + y 1 y 2
g
La incógnita es y 2 :
2 2 φ4
y 1 y 2 + y 1 y 2−2 =∅
g
−b ± √ b2−4 ac
x=
2a
φ4
Donde: a= y 1 ; b= y 12 ; c=2
g
φ4
y 2= √
− y 12 ± y 14−4 y 1 2
2 y1
g
V 12
y 2=
− y2 y1
2
+
2 √( 1+ 8
y1 g )
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v v2
F 1= ∴ F 1 2=
√ gy gy
y1 2
y 2=
2
( √ 1+8 F 1 −1 )
Características R.H.
Para canal rectangular y horizontal
- Perdida de energía:
- Perdida relativa:
- Eficiencia:
Gráfico LONGITUD
Ejemplo:
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El caudal por unidad de ancho de un canal es q=15m3/s y la altura de aguas
y1=1.5m. Si en estas condiciones existe un resalto, calcular:
- La altura conjugada h2
- La velocidad 2
- El número de froude aguas abajo del resalto
- La pérdida de energía en el resalto
- La longitud del resalto
- Clasifique el resalto
Resultados:
y2 1 2
= √( 1+8 f 1 ) −1
y1 2
y 2=4,84 m
10
f 1= =2,61 Resalto Oscilante
√ 9.81∗1.5
Q 15
V 1= = =10 m / s
A ( 1∗1,5 )
15
V 2=
( 1∗4,84 ) =3,1m / s
3,1
f 2= =0,45
√ 9.81∗4,84
Resultados:
Para canal rectangular y horizontal.
Perdida relativa:
∆ E /E 1=1.28/6.597=0.19
∆ E /E 1 19 %
Eficiencia:
3
( 2
2
2 )
E2 / E1= ( 8∗F 1 +1 ) −4 F 1 + 1 / (8∗F 1 ( 2+ F 1 ) )
2 2
E2 / E1=80.21%
L/ Y2=5
L=5*4,84
L=24,2m
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RESALTO HIDRAULICO
La transición abrupta es lo que se conoce
como resalto hidráulico. Este fenómeno tiene lugar
con una gran disipación de energía.
RESALTO HIDRÁULICO:
Profundidades conjugadas
CARACTERISTICAS.
llaman transiciones cuando hay variaciones de la lámina de agua, cuando hay cambios de
Pérdida relativa: ∆ E /E 1
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3
E2
Eficiencia: =( ( 8 F 21 +1 ) 2 −4 F 21+1)/( 8 F 21 ( 2+ F21 ) )
E1
hj Y2 Y1
Altura relativa del resalto: = −
E1 E 1 E1
EJEMPLO 1
La altura conjugada h2
La velocidad 2
El número de froude aguas abajo del resalto
La pérdida de energía en el resalto
La longitud del resalto.
Clasifique el resalto
SOLUCION.
y2 1 2
= √( 1+8 f t )−1
y1 2
y 2=4,84 m
10
fi= =2,61 Resalto oscilante
√ 9,81∗1,5
Q 15
V 1= = =10 m/s
A 1∗1,5
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15
V 2= =3,1 m/s
1∗4,48
3,1
F 2= =0.45
√ 9,81∗4,48
Remplazando…
( 4,48−1,5 )3
∆ E= =1.28 m
4∗4,84∗1,5
Pérdida relativa: ∆ E /E 1
∆ E 1,28
= =0.19
E 1 6597
3
E2
Eficiencia: =( ( 8 F 21 +1 ) 2 −4 F 21+1)/( 8 F 21 ( 2+ F21 ) )
E1
E2
=80,21 %
E1
L/y2=5
L= 5*4,84
L=24,2m
f=2,
DEFINIENDO RESALTO HIDRAHULICO
61
La transición abrupta es lo que se conoce como resalto hidráulico. Este fenómeno
∆E
V
V 22 (2 g)
V
2
1 /(2g) y2
y1
supercrítico a suscritico
TIPOS DE RESALTO
HIDRAHULICO
hacia aguas abajo. El paso de torrente a rio se realiza como un tren de ondas estacionarias,
v
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F1=1-1.7 FLUJO
en la superficie. Aguas abajo del resalto la superficie del agua se mantiene lisa. La pérdida
de energía es despreciable..
débil
Resalto fuerte Fr<9
El torrente intermitente acarrea hacia aguas abajo masas de agua. La superficie
libre aguas debajo del resalto presenta un superficie “rugosa” debido a la propagación de
ondas.
Se pueden presentar caídas cuando hay reducción del tirante o remansos cuando
la perdida de altura en una sección es igual que la de un flujo uniforme con las mismas
En canal es prismático.
La pendiebte del canal es pequeña (<10%). Esto quiere decir que la profundidad del
PERFILES DE FLUJO
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Finalmente, lo que yo determino el perfil del flujo y unas curvas características para
esto debo tener mis profundidades normales calculadas y las profundidades citicas
EJERCICIO 1
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1.1. Se desea transvasar agua desde un embalse por medio de un canal de
el primer tramo se sitúa una compuerta plana intermedia con un Cc = 0.6 y una
m.
CALCULAR:
prismático.
Problema indirecto
H 00=H 01
V 02
H 00=Y 0 +
2∗g
H 00=2.7 m
3∗y c1
H 01=
2
3∗y c 1
2.7 m¿
2
2.7∗2
y c 1=
3
y c 1=¿1.8 m
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q2
Y C=
√
3
2
Q
Y C=
2
√
3
( )
b
g
Q= √ Y C 3∗g∗b 2
2
Q= √ 1.83∗9.81∗3 2
m3
Q=22.692 .
s
EMBOCADURA (Y 01)
2 1
A∗Rh 3∗S 2
Q=
n
3∗Y 01 23 1
22.692 m3/s
¿
(
A∗
3+2∗Y 01 )
∗0. 004 2
0 .012
Y 01=1.677 m .
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CÁLCULO DEL CALADO CONJUGADO AGUAS ABAJO.
Y 01 2
Y 01 C= ∗[ √ 1∗8∗F −1 ]
2
Y 01 C=
Y 01
2 [√
∗
1∗8∗3∗Q2
g∗A3
−1 ]
Y 01 C=
1.677
2
∗
[√ 1∗8∗3∗22.6922
9.81∗( 3∗1.677 )
3
−1
]
Y 01 C=1.929 m
COMPROBACIÓN DE HIPÓTESIS
ANÁLISIS DE LA COMPUERTA
Y 3=C C∗W
Y 3=0.6∗1.38 m
Y 3=0.828 m
Y3 2
Y 3 C= ∗[ √1∗8∗F −1 ]
2
Y3
Y 3 C= ∗
2 [√ 1∗8∗3∗Q2
g∗A 3
−1 ]
Y 3 C=
0.828
2
∗
[√
1∗8∗3∗22.6922
9.81∗( 3∗0.828 )
3
−1
]
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Y 3 C=3.362m
Y 01=1.677 m
Y 3 C=3.362m
H 03=H 03
q2 q2
Y 2+ =Y 3 +
2∗Y 22 2∗Y 23
7.564 2 7.5642
Y 2+ =0.828+
2∗Y 22 2∗0.828 2
Y 2=4.963 m
X=0 X =LF 2
F 2=
{ }
Y =Y C =1.80 [ m ]
∆ X >0 , ∆Y < 0
{
Y =Y 01=1677 [ m ] }
LF 2=201.63 [ m ]
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Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
X =0 X=LF 1
F 1=
{ }
Y =Y C =4.963 [ m ]
∆ X< 0 , ∆ Y <0
{Y =Y 01=1.929 [ m ]}LF 1=752.6 [ m ]
X =0 X=LF 3
F 3=
{
Y =Y 3=0.828 [ m ]} {
∆ X > 0 , ∆ Y >0
Y =Y 01=1.677 [ m ]}LF 3=629.63 [ m ]
b 1=3 [ m]
b 2=2.2 [ m ]
Q=
2.2∗Y s∗ (
2.2+ 2∗Y s ) ∗( 0.004 )
1/ 2
0.012
Y s =2.368 [ m ]
Y 5=2,368 [ m ]
Y c 2=2,213 [ m ]
Y 5=Y c2 → pendiente suave , RU + Pendiente suave=Regimen lento
T 1=3 [ m ]
T 2=2,2 [ m ]
θ=12,5°
L=2,255∗(T 1−T 2)
L=2,255∗( 3−2,2 )
L=1,804 [ m ]
Q
V 4=
A4
22,692
V 4=
3∗1,677
V 4 =4,51 [ m/s ]
Q
V 5=
A5
22,692
V 5=
2,2∗2,368
V 5=4,36 [ m/s ]
k∗V 42 −V 55
hf=
2∗g
0,7∗4,512 −4,365
hf=
2∗9,81
h f =0,049 [ m ]
CÁLCULO DE LAS CURVAS DE REMANSO DESPUÉS DE LA TRANSICIÓN
HORIZONTAL
X =0 X =LS 2
S 2=
{
Y =Y C 2=2.213 [ m ] }
∆ X< 0 , ∆ Y >0
{
Y =Y 5=2.368 [ m ] }
LS 2=215.47 [ m ]
TRAMO PRISMATICO 2
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S2=0.015 [ m/m ]
b 2=2.2 [ m ]
Q=
2.2∗Y s∗ (
2.2+ 2∗Y 02 ) ∗( 0.015 )
1/ 2
0.012
Y s =1.397 [ m ]
X=0 X=LF 2
F 2=
{
Y =Y C 2=2.213 [ m ] }
∆ X <0 , ∆ Y >0
{
Y =Y 5 =2.368 [ m ] }
LF 2=748.86 [ m ]
TRAMO PRISMATICO 3
S3=0.003 [ m/m ]
b 2=2.2 [ m ]
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Q=
2.2∗Y 03∗ (
2.2+2∗Y 03 ) ∗( 0.003 )
1 /2
0.012
Y s =2.669 [ m]
y 03 2
y 03 =
C ∗[ √ 1∗8∗F −1 ]
2
y 03 =
C
y 03
2 [√
∗
1∗8∗3∗Q2
g∗A3
−1 ]
y 03 =
C
2.669
2
∗
[√ 1∗8∗3∗22.6922
9.81∗(3∗2.669 )
3
−1
]
y 03 =1.831 [ m ]
C
H 0 C =H 07 −∆ Z
H 0 C =3.4303−0.5
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Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
H 0 C =2.9303 [ m ]
3
H 0 C = ∗Y C 2
2
3
H 0 C = ∗2,213
2
H 0 C =3,3202 [ m ]
Q 2
H 07=Y 7 +
b( )
2∗g∗Y 7 2
22.692 2
3.8202=Y 7 +
(
2.2 )
2∗9.81∗Y 7 2
Y 7=1.574 [ m ]
Y 6=3.33 [ m ]
CURVA DE REMASO S3
X =0 X=LS 3
S 3=
{
Y =Y 02=1.397 [ m ] }
∆ X >0 , ∆ Y >0
{Y =Y 03 =1.813 [ m ]
C }LS 3=89 [ m ]
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CURVA DE REMANSO S1
X=0 X =LS 1
S 1=
{
Y =Y 6 =3.3 [ m] }
∆ X <0 , ∆ Y <0
{
Y =Y 03=2.669 [ m ] }
LS 1=1892 [ m ]
CURVA DE REMANSO S3
X=0 X=LS 3
S 3=
{
Y =Y 7=1.54 [ m ] }
∆ X>0,∆Y>0
{
Y =Y 03 =1.813 [ m ]
C }
LS 3=54 [ m ]
PERFIL ACOTADO
EJERCICIO 2
y1 = 3.807 m
y2 = 1.825 m
yn = 1.807 m
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Datos
b (m) = 10
n= 0.018
k= 2
Q (m3/s) = 65
So = 0.0015
1
VELOCIDA ( MANNING ) :V = R2h /3 s 1/ 2 PERIMETRO MOJADO: P=b+2 y √ 1+ k 2
n
3
Qn 2
( ) ( b+2 y √1+k 2) −( by + k y 2 )5 =0
s 1/ 2
0.6
knQ
√ √
0.2
k
θt =( 1+k 2 )
( 8 /3
b √ so ) ηo =−0.5+ 0.25+θ t
1+k 2
−1+ √ 1+4 θ t
2 /5
Qn
3 /5
( b+2 y in √1+ k 2 ) k η2o g 0.6 −0.8 θt ηo +θt gη
i+1
y =
n
√ so [ ] b+k y in
gη=2η o+
√ 1+k 2
η= 0.6η
g η ( 2η o +1 )−0.8 θt
2 yr
b Q 2 A3 3 Q
2 yc=
y n=η
k g
=
B
2
A=by +k y B=b +2 ky y c =
g b2 1+ 1+1.4
k yr
b
√ √
b k yr
yc=
0.7 k (√ 1+1.4
b
−1 )
METODO ESTANDAR
P=b+2 y √ 1+k 2
V2
E= y +
2g
2
Vn
Sf =
( )
R 2/3
h
Delta Q
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Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
SOLUCION:
METODO ESTANDAR
Qn 3 65∗0.018 3
( ) s 1/ 2
=(
0.0015
) = 27568.980
0.018∗10
y n=
2
1.80711738470023
CALCULAMOS EL PERIMETRO MOJADO
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Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
P=b+2 y √ 1+k 2
P=326.947
5 5
( by + k y 2 ) =( 10∗1.80+ 2∗1.80712 ) =9013594.097
0.6
0.2 knQ
θt =( 1+k 2 )
( 8 /3
b √ so )
0.6
0.2 2∗0.018∗65
θt =( 1+22 ) ( 108 /3 √ 0.0015 ) =0.4060
√ √
ηo =−0.5+ 0.25+θ t
k
1+k 2
−1+ √ 1+4 θ t
√ √
ηo =−0.5+ 0.25+0.4060
2
1+ 22
−1+ √ 1+4∗0.4060
ηo =0.3124
k 2
gη=2η o+ 2
=2∗0.3124+ =1.51
√ 1+k √ 1+ 22
b 10
y n=η =0.018 =1.8167
k 2
yn( m)=1.46719487168276
A ( m2 ) =by +k y 2=18.977
B=b +2 ky=10+2∗2∗1.8167=15.869
Q2 3 65 2
yc= 3
√ √g b2
=
9.81∗102
=1.4748
N y y 2− y 1
J=
N −M +1
u=
yn v=u N /J y= y1 + ( x 2−x 1 )( x −x1 )
M
yn J yc
L=x 2−x 1=
So
( {
u2−u 1) −[ F ( u 2 , N ) −F ( u1 , N ) ] +
N yn ( )[ F ( v 2 , J )−F ( v 1 , J ) ]
}
N 3.58
yc /b=¿0.15 J= = =2.8413
N −M +1 3.58−3.32+1
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Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
N=3.58
M =3.32
M
y J yc
{
L=x 2−x 1= n ( u2−u 1) −[ F ( u 2 , N ) −F ( u1 , N ) ] +
So N yn ( )[ F ( v 2 , J )−F ( v 1 , J ) ]
}
y1 (m) = 3.8071 y2 (m) = 1.8252
u1 = 2.107 u2 = 1.010
v1 = 2.557 v2 = 1.013
F ( u0.059
1 , N )=¿ = F ( u1.098
2, N )
=F (0.100
v1 , J ) =F ( 1.456
v2 , J )
L(m)=−1924.4168
2
3 [ 1+ 2k ( y /b ) ] −2 k ( y /b ) [1+ k ( y /b ) ]
M=
[ 1+2 k ( y /b ) ][ 1+k ( y / b ) ]
2
3.8071
M=
[
3 1+2∗2 ( )] −2∗2 ( 3.8071
10 10 ) [ 1+2 (
3.8071
10 ) ]
[ 1+2∗2∗( 3.8071
10 ) ][ 1+2 (
3.8071
10 ) ]
M =3.791
y y
N=
10 ( b )
1+2 k
8
−( )
√ 1+k ( )
b
2
3 y 3 y
1+k ( ) 1+2 √1+ k ( ) 2
b b
N=
10
1+2∗2 ( 3.8071
10 ) 8
−( )
√ 1+2 (
3.8071
10 )
2
3 3.8071 3 3.8071
1+2 ( ) 1+2 √ 1+ 2 (
10 )
2
10
N=3.551
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Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
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Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
2
Vn
A=by +k y 2
P=b+2 y √ 1+k
2
P=b+2 y √ 1+k
2 Sf =
( )
R 2/3
h
y n(m)=¿ 1.8071
y c (m)=¿ 1.4672
METODOS ESTANDAR
METODO DE PASOS
EJERCICIO 3
K=0.05
b=3
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Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
DATOS:
S0=0.01
L=500m
N=0.012
2 g A2
Q=
B
LA FORMULA DE MANNING:
5
3 1
1 An
Q= S2
2 0
n
P n3
EL NUMERO FROUDE:
2 Q2 B
Fr =
g A3
OTRA FORMULA:
Q2
H=Z + y +
2 g A2
FORMULAS GENERALES:
B=(b+2 hy )
Ah=( by+ k y 2)
Pm=b+2 y √ k 2+1
g A C2
BC
EC =Y C +
2 g A2
POR LO TANTO
AC
EC =Y C +
2 BC
( by 2+ k y C 2 )
EC =Y C +
2(b+2 k y c )
Remplazamos:
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(3 y 2 +0.5 y C 2 )
Z=Y C + ( 2(3+2 cos) y c )
Y C =1.4083
Sustituimos
Q= √ 9.81 ¿ ¿ ¿ ¿
2
n QC Pm 3
SC = 5
3
AH
SC =0.00208
S0=0.02
Q=QC
supercrític S0
o Sc
S0=0.01 S0>Sc
subcrítico
Sc=0.00208 S0
S0>Sc
Sc
crítico
S0
S0>Sc
Sc
Tipos de flujos.
Determinar la y normal:
5
1 ( b 3 y n +0.5 y n ) 3 1
17.59= 2
( 0.01) 2
0.012
( 3+2 Y n √(0.5)2+ 1) 3
y n=0.86938=0.87
EJERCICIO 4
S01=0.01
DATOS: n=0.013
m3
Q=10
s
b=2 m
n=0.013
SECCION RECTANGULAR
SOLUCIÓN
A=by b=2 m
A=2 y
Hallamos el perímetro
P=2+ 2 y
A
R=
P
2y
R=
2+2 y
yn 1
R=
1+ y n 1
Reemplazamos
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2 1
1
Q= ∗A∗R 3 ∗S 2
n
y n 1 23 1
1
10= ∗2 y n 1∗( ) ∗0.01 2
0.013 1+ y n1
- Si y n 1=1.023
(1.023) 23 1
1
10= ∗2(1.023)∗( ) ∗0.012
0.013 1+(1.023)
10=9.9961
y n 1=1.023
A=2 y n 2
P=2+ 2 y n 2
yn 2
R=
1+ y n 2
y n 2 23 1
1
10= ∗2 y n 2∗( ) ∗0.001 2
0.013 1+ y n2
Si y n 2=2.56
(2.56) 23 1
1
10= ∗2(2.56)∗( ) ∗0.001 2
0.013 1+( 2.56)
10 ≅ 9.996
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1.023 m 2.56 m
yn 1 2
y 2=
2
√ 1+ 8(Fr) −1
V
Fr 1=
√ g∗D
V
Fr 1=
√ g∗y
A by
D= = =y
T b
m3
10
Q s
V= =
A 2(1.023 m)
m
V =4.88
s
Reemplazamos
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V
Fr 1=
√ g∗y
4.88
Fr 1=
√(9.81)∗(1.023)
Fr 1=1.54
Tirante critico
1.023 m 2.56 m
Las líneas punteadas son el tirante critico, como y n 1representa un flujo supercrítico
va estar debajo del tirante critico. Mientras que en el 2do y n 1esta por encima del tirante
1.023
y 2= √ 1+8(1.54)2 −1
2
y 2=1.77 m< y n 2
Resalto hidráulico
régimen subcrítico.
y de cantidad de movimiento.
COMPUERTAS
VERTE
DEROS
RESALTO HIDRAULICO
de estructuras hidráulicas
Ecuación de impulso
YJ2 Q2 Q2
YJ1 ( gAJ 1 )(
+Y CJ 1 A J 1 =
gA J 2
+ Y CJ 2 A J 2 )
Generalmente
YJ1
Y J 1 o Y J 2 seran conocidos
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El resalto hidraulico se produce cuando tenemos un cambio de regimen, donde el
son iguales.
Salto barrido:
E2 > E n
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Salto ahogado:
E2 < E n
La altura de presión en (n) será mayor que la energía en (2). Se producirá entonces
RESALTO HIDRAULICO
SECCION RECTANGULAR
y2 2
y 1=
2
( √ 1+8 f 2−1 )
y1 2
y 2=
2
( √ 1+8 f 1−1 )
1
y 3c = y 1 y 2 ( y 1+ y 2)
2
SECCIÓN TRAPEZOIDAL
5 t+ 2 3 (3 t+2)(t + 1) 2 t 2
4
J +
2
J +
2 [ ] 2
J + +(t+6 r )(t +1) J −6 r (t +1 ) =0
2
y1 b V 22
J= t= r=
y2 z y2 2 g y2
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y2 b V 21
J= t= r=
y1 z y1 2 g y1
E1
eficiencia=
E2
1 Q2 Q2
∆ E= y 1− y 2 +
( −
2 g A 21 A 22 )
Donde :∆ E=E1−E2
V 22
E 2= y 2 +
2g
hi √ 1+ 8 F21−3
(h ¿ ¿i= y 2− y 1) = 2
¿
E1 F 1 +2
y2
y1
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Canal rectangular
o Schoklitsch
L=5 a 6 ( y 2 − y 1 )
o Sieñchin
L= A ( y 2− y 1)
y 2− y 1=hi
y 2− y 1=∆ y
DIAGRAMAS DE MOMENTO.
E J 2≠ E J 2 M J 1=¿ M J1 ¿
y
y
YJ2
h LJ YJ1
E M
EJ 2 EJ 1 M J 1=¿ M ¿
J1
La sección circular tiene una tapa de cierre. es posible que el flujo no tenga una
Ejemplo 1
Q2 y 2J 1
M J 1= + (2 m y J 1 +3 b)
g ( b+ m y J 1 ) y J 1 6
(290)2
M J 1=
32.2 ¿ ¿
2
(290)2 ( yJ 2 )
375= + ¿
32.2 ( 6.0+(2.0)( y J 2 )) ( y J 2 ) 6
m y J 1 ( 2.0 ) ( 0.9 )
= =0.3
b 6.0
m yJ 2
=2.3
b
( 2.3 ) ( 6.0 )
yJ 2 = =6.9
2.0
Variables
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Q y
q= A=by , Yc=
b 2
y2 2
q2 F F y +y q2 y D
( g yU 2 bγ bγ )
+ U − f − e + ∆ x sS0 D U =
2
+
g yD 2 ( )
Simplificando
q2 y 2
M r= ( +
gy 2 )
En diferentes secciones U y D
Ff Fe y D+ yU
M rU − − +∆ x sS 0 =M rD
bγ bγ 2
EJEMPLO 2:
Debido a que la fuerza de fricción y el componente de peso en la dirección baja son despreciables y
el ancho del canal rectangular es constante a 10 ft entre las secciones 1 y 2, es posible con:
SOLUCION MATEMATICA:
2 2
q2 y1 Fe q2 y2
( +
g y1 2
− =
bγ) +
g y2 2 ( )
(12)2 ( 4.0 )2 Fe 122 ( 1.0 )2
( (32.2)(2)
+
2
− ) = (
(10.0)(62.4) ( 32.2)(1.0)
+
2 )
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F e =2587 Lb
Esta el la fuerza que ejerce el aliviadero sobre el flujo, y esta en la dirección opuesta al flujo
Y 1=4 ft Y 2=1 ft
Fe Fe
Mr 1− =Mr 2 9.12− =4.97
bγ ( 10.0 ) ( 62.4 )
F e =2590lb
EJEMPLO 3
Considere el canal rectangular El canal es casi horizontal y transporta 60 ft cúbicos por minuto. El
flujo en A es de 2,50 ft. Y la profundidad del flujo en B se calculó como 2.26 ft. Determine la fuerza ejercida
sobre el flujo por el segmento de las paredes del canal entre las secciones A y B. Suponga que la fuerza de
fricción es despreciable.
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Debido a que el ancho del canal varía, Descartando los términos que involucran la fuerza de fricción
y el componente del peso del agua en la dirección del flujo, la ecuación 2.18 se puede escribir para las
secciones A y B como
SOLUCION MATEMATICA
Q2 Fe Q2
( g AA )
+Y CA A A − =
γ g AB (
+Y CB A B )
(60)2 2.50 F
( +
(32.2)(12.0)(2.50) 2
(12.0)(2.50) − e
62.4 )
F e =1102 lb
M =b M r
Fe
M A− =M B
γ
Fe
b A M rA − =b B M rB
γ
b A =12 ft b B=6 ft
60 60
q A= =5 cfs /ft qB= =10 cfs /f t.
12 6
y A =2.5 ft y B =2.26 ft
M rA=3.44 f t 2 . M rB=3.93 f t 2 .
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fe
( 12 ) (3.44 )− =(6)(3.9)
62.4
SALTO HIDRAHULICO
Fe=1104 lb EN CANALES RECTANGULARES
determinada descarga por un tramo contraído, debe retroceder para adquirir la energía
requerida.
(So=0)
cuando no sabemos la altura en subcrítico
yJ1
yJ 2 =
2
( √ 1+8 F2rJ 1−1 ) (Ff=0)
cuando no sabemos la altura en supercrítico.
yJ2 2 (Fe=0)
yJ 1 =
2
( √ 1+8 F rJ 2−1 )
2
( y J 2− y J 1 ) b
h LJ 0 =
4 yJ 1 yJ 2
EJEMPLO 4.
cfs / ft. La profundidad del flujo aguas arriba de la compuerta es de 5 ft. Se produce un
salto hidráulico en el lado aguas abajo de la compuerta. Determine la profundidad del flujo
profundidad en la sección b
5
1
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10cfs/ft
5ft
A B D
y2 ( 10 )2
( y ¿ ¿ A+
2 gy 2A
)=
[
0.5+
2 ( 32.2 )( 5.0 )2
¿
]
q2
(
5.06= y B +
2 g y 2B )
Yb;5.0ft y 0.59ft
( 2.96−0.59 )3
h IJ = =1.91 ft
(4)(0.59)(2.96)
Altura en supercrítico en B
10
F rB= 3
=3.89
√( 32.2 ) ( 0.59 )
altura en supercrítico en D
0.59
y D= ( √ 1+ ( 8 )( 3.89 )2 −1 )=2.96 ft
2
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PRINCIPIO DE ASFIXCIA Y MOMENTO
Q2
( M ¿¿ B)min = ( g AB )
+Y CB A B ¿
c
Q2 bB 2
Denota flujo critico ( M ¿¿ B)min = ( )
+ y cB ¿
g b B y cB 2
A B D
1
5ft
A B D
A B D
EJEMPLO 5
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Las compuertas Tainter se utilizan para controlar el flujo sobre un aliviadero del
cual se formó la cresta para Ho = 37.0 ft. Cada compuerta tiene un ancho de BG = 42.0 ft,
y el asiento de la compuerta está 4.0 ft aguas abajo del ápice (X = 4 ft). Determine la
para obtener el coeficiente de descarga kg. A partir del enunciado del problema,
X / H = 4.0 / 37.0 = 0.11 o X = 0.11 Ho. Entonces, con β = 67, obtenemos kG = 0.676
STILLING BASINS
CONTANTE b B y2?
V 1=Q /( y 1 b B )
Q2
ZU + P+ H e = y1 +
2 g y 21 b2B
V
F r= :
√ gy
y1
y 2=
2
( √1+8 F 2r 1−1 )
aliviadero.
Manning.
y2 < yT
yT
Yt =Yr +Z y1 T =
2
( √1+8 F 2rT −1 ) y 2= y T y 2= y T = y R +Z
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y2 > yT
EJEMPLO 6.
La cresta del aliviadero que se muestra en la Figura 6.26 tiene la forma de una
altura de diseño de 12 ft con una longitud de cresta efectiva de 20 ft. Como se muestra en
la figura, la elevación de la cresta es de 131 ft y la elevación del piso del depósito es 101 ft.
Por lo tanto, la altura del aliviadero sobre el piso del depósito es 131-101 = 30 ft. Se forma
un salto hidráulico sobre una plataforma horizontal, que tiene 20 ft de ancho. La elevación
del delantal es 100 ft. Está 101-100=1.0 ft por debajo del piso del embalse, pero está a la
misma altura que el lecho natural río abajo. La corriente natural se puede aproximar
Determine la posición del salto hidráulico con respecto a la base del aliviadero para
P 30
= =2.5
H 0 12
k w 0=0.491
( 3276 )2
1.0+30.0+12.0= y 1+ 2
2 ( 32.2 ) y 21 ( 20.0 )
y 1=3.24 ft
Q 3276
F r 1= = =4.96
bB √ g y 1 (20.0) √ 32.2 ( 3.24 )3
3
Calculo de Y2.
y1 2 3.24 ( 2
y 2= ( √ 1+8 F r 1−1 )= √ 1+ 8 ( 4.96 ) −1 )=21.13 ft
2 2
Calculo de Yr.
2/ 3
Kn K ( b +my ) y
Q=
n
A R2 /3 S 10 /2= n ( b+ my ) y
n (
b+2 y √1+m 2 ) S 1/2
0
1
3 1
1m
K n= =1.4 f t 3 / s
s
y=profundidad de flujo
A=área de flujo
B= fondo
m= pendiente lateral
R=radio hidráulico
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S0=pendiente inferior longitudinal.
2
1.49 ( 20.0+1.5 y R ) y R
3276=
0.022
( 20.0+1.5 Y R ) Y R
(
20.0+2 y √1+ ( 1.5 )
2 ) 3
( 0.0001 )1 /2
y R=19.87 ft
Suponiendo:
y T =19.87 ft y T = y R =19.87 ft .
Se le compara..
EJEMPLO 7
son de 1 sobre 1 transporta un caudal de 1 m3/s. el tirante aguas arriba del resalto es 0.30m
Planteamiento
DATOS:
b = 0.40m
Universidad Nacional del Altiplano_Puno
FacultadD eI ngenieríaAgrícolaE scuelaP rofesional deI ngenieríaAgrícola
Nombre: Ediluz Yaquelin Labra Quispe Codigo:181403
Z=1
Q =1 m3/s
Y1 = 0.30m
Incógnitas
∆ y =hi=?
∆ E=?
SOLUCIÓN
1 ponemos en una esquema la sección con los datos brindados y vemos que
hi = y 2− y 1 … … … … … … … .(i)
hi = y 2−0.30
Calculo Y2
5 t+ 2 3 (3 t+2)(t + 1) 2 t 2
4
J +
2
J +
2 [ ] 2
J + +(t+6 r )(t +1) J −6 r (t +1 ) =0
2
y2 b V 21
J= t= r=
y1 z y1 2 g y1
0.40
t= =1.3333
1∗0.30
2
1
r=
(
( 0.40+1∗0.30 )∗0.30 )
=3.8525
2∗9.81∗0.30
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y2
J=3.0655 sabiendoQue: J=
y1
y 2=3.055∗0.30=0.9197 m
h=0.9197−0.3=0.6197 m
V 21
E 1= y 1 +
2g
2
1
E1=0.3+
(
( 0.40+1∗0.30 )∗0.30 )
=1.4557
m∗kg
2∗9.81 kg
V 22
E 2= y 2 +
2g
2
1
E2=0.9197+
(
( 0.40+1∗0.9197 )∗0.9197
=0.9553
)
m∗kg
2∗9.81 kg
∆ E=E1−E 2
∆ E=1.4557−0.9553
m∗kg
∆ E=0.5014
kg
Huracan-Chilpancingo.Sep-2013
• Los daños provocados por el huracán Ingrid y Manuel en la ciudad de
6.Huracan - Chilpancingo.Sep-2013.
• En esa misma ciudad encontramos una construcción que también su base fue
erosionada y esta construcción está lista para ser demolida es lo único que se puede hacer
7.Huracan-Chilpancingo. Sep-2013.
ya en el cauce.
8.Deslizamiento de vivienda.
• También en esta parte del río Sabana pues encontraba un puente que ya no está
9.Puente Colapsado.
• En río Coyuca el puente está completamente colapsado sí y pues con agua instaló
una batería de alcantarillas porque no podemos cerrarle el paso al agua el jugo tiene que
continuar.
del sol los estribos de la margen izquierda en dónde estaba el puente y la otra parte está a la
CONCLUSIONES Y RECOMENDACIONES
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El método de integración gráfica es uno de los métodos más sencillos para llevar a
cabo el análisis del flujo gradualmente variado, sin embargo, puede llegar a presentar
problemas en su cálculo, ya que, al basarse en las diferencias de alturas que existan entre
los tirantes, los resultados pueden variar si se tienen tirantes de igual altura en algunos
exactos, ya que utiliza los valores del tirante normal y el tirante crítico para obtener los
exponentes hidráulicos, con lo cual hace que los tirantes de ensayo no tengan una gran
Las comparaciones realizadas muestran que los métodos de cálculo dan como
resultado datos aproximados, esto debido a que los distintos métodos de cálculo toman en
BIBLIOGRAFIA
1. https://www.youtube.com/watch?v=hcMAhfj1DSM
2.- https://www.youtube.com/watch?v=4L2VIHqs3v8
3.- https://www.youtube.com/watch?v=wd-EjMtFyws
4.- https://www.youtube.com/watch?v=OPeGZ08JlDI
5.- https://www.youtube.com/watch?v=g_rJj0s5Ero
6.- https://www.youtube.com/watch?v=c1l220E-S_
1.- https://www.youtube.com/watch?v=t5oWf-jlxZU
2.- https://www.youtube.com/watch?v=gWCljDJWWoQ
3.- https://www.youtube.com/watch?v=dqPM3xDz7mE
4.- https://www.youtube.com/watch?v=rSMpA7glxpo